构造函数法证明导数不等式的八种方法5篇

第一篇：构造函数法证明导数不等式的八种方法

导数专题：构造函数法证明不等式的八种方法

1、利用导数研究函数的单调性极值和最值，再由单调性来证明不等式是函数、导数、不等式综合中的一个难点，也是近几年高考的热点。

2、解题技巧是构造辅助函数，把不等式的证明转化为利用导数研究函数的单调性或求最值，从而证得不等式，而如何根据不等式的结构特征构造一个可导函数是用导数证明不等式的关键。以下介绍构造函数法证明不等式的八种方法：

1、移项法构造函数 【例1】 已知函数f(x)ln(x1)x，求证：当x1时，恒有11ln(x1)x x

12、作差法构造函数证明 【例2】已知函数f(x)

3、换元法构造函数证明

【例3】（2007年，山东卷）证明：对任意的正整数n，不等式ln（4、从条件特征入手构造函数证明

【例4】若函数y=f(x)在R上可导且满足不等式xf(x)>－f(x)恒成立，且常数a，b满足a>b，求证：．af(a)>bf(b)

5、主元法构造函数

1223xlnx.求证：在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数g(x)x23的图象的下方；

1111)23 都成立.nnn1x)x,g(x)xlnx 例．（全国）已知函数f(x)ln((1)求函数f(x)的最大值；

(2)设0ab,证明 ：0g(a)g(b)2g（6、构造二阶导数函数证明导数的单调性 例．已知函数f(x)aexab)(ba)ln2.212x 2(1)若f(x)在R上为增函数,求a的取值范围;(2)若a=1,求证:x＞0时,f(x)>1+x

7.对数法构造函数（选用于幂指数函数不等式）例：证明当x0时,(1x)

8.构造形似函数

例：证明当bae,证明abba

【思维挑战】

1、（2007年，安徽卷）设a0,f(x)x1lnx2alnx

22求证：当x1时，恒有xlnx2alnx1，11xe1x2

2、（2007年，安徽卷）已知定义在正实数集上的函数

f(x)

52122x2ax,g(x)3a2lnxb,其中a>0，且ba3alna，求证：f(x)g(x)

22xb，求证：对任意的正数a、b，恒有lnalnb1.1xa3、已知函数f(x)ln(1x)

4、（2007年，陕西卷）f(x)是定义在（0，+∞）上的非负可导函数，且满足xf(x)f(x)≤0，对任意正数a、b，若a < b，则必有

（）

（A）af(b)≤bf(a)（C）af(a)≤f(b)

（B）bf(a)≤af(b)（D）bf(b)≤f(a)

第二篇：构造函数法证明不等式的八种方法

构造函数法证明不等式的八种方法

利用导数研究函数的单调性极值和最值，再由单调性来证明不等式是函数、导数、不等式综合中的一个难点，也是近几年高考的热点。

解题技巧是构造辅助函数，把不等式的证明转化为利用导数研究函数的单调性或求最值，从而证得不等式，而如何

2、移项法构造函数

【例2】已知函数f(x)ln(x1)x，求证：当x1时，恒有11ln(x1)x x111，从其导数入手即x1分析：本题是双边不等式，其右边直接从已知函数证明，左边构造函数g(x)ln(x1)可证明。根据不等式的结构特征构造一个可导函数是用导数证明不等式的关键。

1、从条件特征入手构造函数证明

【例1】若函数y=f(x)在R上可导且满足不等式xf(x)>－f(x)恒成立，且常数a，b满足a>b，求证：．af(a)>bf(b)

【变式1】若函数y=f(x)在R上可导且满足不等式f(x)>f(x)，且yf(x)1为奇函数.求不等式f(x)x2.求不等式(x2015)2f(x2015)4f(2)0的解集.3、作差法构造函数证明 【例3】已知函数f(x)12x2lnx.求证：在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数g(x)23x3的图象的下方； 分析：函数f(x)图象在函数g(x)的图象的下方不等式f(x)g(x)问题，设F(x)g(x)f(x)

4、换元法构造函数证明

【例4】（2007年，山东卷）证明：对任意的正整数n，不等式ln(1n1)11n2n3 都成立.分析：本题是山东卷的

5、对数法构造函数（选用于幂指数函数不等式）【例5】证明当x0时,(1x)11xe1x2

6、构造形似函数

【例6】证明当bae,证明abba7、构造二阶导数函数证明导数的单调性 【例7】已知函数f(x)aex12x2(1)若f(x)在R上为增函数,求a的取值范围;(2)若a=1,求证:x＞0时,f(x)>1+x

8、主元法构造函数

【例8】（全国）已知函数f(x)ln(1x)x,g(x)xlnx

(1)求函数f(x)的最大值；(2)设0ab,证明 ：0g(a)g(b)2g(ab2)(ba)ln2.【思维挑战】

1、（2007年，陕西）f(x)是定义在（0，+∞）上的非负可导函数，且满足xf(x)f(x)≤0，对任意正数a、b，若a

（A）af(b)≤bf(a)（B）bf(a)≤af(b)（C）af(a)≤f(b)（D）bf(b)≤f(a)

2、（2007年，安徽卷）已知定义在正实数集上的函数f(x)12x22ax,g(x)3a2lnxb,其中a>0，且b52a23a2lna，求证：f(x)g(x)

3、已知函数f(x)ln(1x)x1x，求证：对任意的正数a、b, 恒有lnalnb1ba.

第三篇：构造函数法证明不等式的八种方法

导数之构造函数法证明不等式

1、移项法构造函数 【例1】 已知函数f(x)ln(x1)x，求证：当x1时，恒有

1

【解】f(x)1ln(x1)x x11x1 x1x1∴当1x0时，f(x)0，即f(x)在x(1,0)上为增函数

当x0时，f(x)0，即f(x)在x(0,)上为减函数 故函数f(x)的单调递增区间为(1,0)，单调递减区间(0,)

于是函数f(x)在(1,)上的最大值为f(x)maxf(0)0，因此，当x1时，f(x)f(0)0，即ln(x1)x0∴ln(x1)x（右面得证）现证左面，令g(x)ln(x1)111x1，则g(x) 22x1x1(x1)(x1)当x(1,0)时,g(x)0;当x(0,)时,g(x)0，即g(x)在x(1,0)上为减函数，在x(0,)上为增函数，故函数g(x)在(1,)上的最小值为g(x)ming(0)0，110 x1111ln(x1)x ∴ln(x1)1，综上可知，当x1时,有x1x1∴当x1时，g(x)g(0)0，即ln(x1)

2、作差法构造函数证明 【例2】已知函数f(x)12xlnx.求证：在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数2g(x) 23x的图象的下方； 32312xxlnx，32【解】设F(x)g(x)f(x)，即F(x)1(x1)(2x2x1)则F(x)2xx=

xx21

(x1)(2x2x1)当x1时，F(x)=

x从而F(x)在(1,)上为增函数，∴F(x)F(1)∴当x1时 g(x)f(x)0，即f(x)g(x)，故在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数g(x)

3、换元法构造函数证明

【例3】证明：对任意的正整数n，不等式ln(只需令

10 623x的图象的下方。31111)23 都成立.nnn1x n32【解】令h(x)xxln(x1)，13x3(x1)2则h(x)3x2x在x(0,)上恒正，x1x12所以函数h(x)在(0,)上单调递增，∴x(0,)时，恒有h(x)h(0)0，即xxln(x1)0，∴ln(x1)xx 对任意正整数n，取x32231111(0,)，则有ln(1)23 nnnn4、从条件特征入手构造函数证明

【例4】若函数y=f(x)在R上可导且满足不等式xf(x)>－f(x)恒成立，且常数a，b满足a>b，求证：．af(a)>bf(b)

【解】由已知 xf(x)+f(x)>0 ∴构造函数 F(x)xf(x)，则F(x) xf(x)+f(x)>0，从而F(x)在R上为增函数。'ab ∴F(a)F(b)即 af(a)>bf(b)

5、构造二阶导数函数证明导数的单调性

x例．已知函数f(x)ae12x 2(1)若f(x)在R上为增函数,求a的取值范围;(2)若a=1,求证:x＞0时,f(x)>1+x x解：(1)f′(x)＝ ae－ｘ，∵ｆ（ｘ）在Ｒ上为增函数，∴f′(x)≥０对ｘ∈Ｒ恒成立，-ｘ即ａ≥ｘｅ对ｘ∈Ｒ恒成立 记ｇ（ｘ）＝ｘｅ，则ｇ′(ｘ)＝ｅ－ｘｅ=(1-x)e，当ｘ＞１时，ｇ′（ｘ）＜０，当ｘ＜１时，ｇ′（ｘ）＞０． 知ｇ（ｘ）在(-∞,1)上为增函数,在(1,+ ∞)上为减函数, ∴g(x)在x=1时,取得最大值，即g(x)max=g(1)=1/e, ∴a≥1/e, 即a的取值范围是[1/e, + ∞)

x(2)记F(X)=f(x)－(1+x)=ex-ｘ-ｘ-ｘ-x

12x1x(x0)2则F′(x)=e-1-x, xx令h(x)= F′(x)=e-1-x,则h′(x)=e-1 当x>0时, h′(x)>0, ∴h(x)在(0,+ ∞)上为增函数, 又h(x)在x=0处连续, ∴h(x)>h(0)=0 即F′(x)>0 ,∴F(x)在(0,+ ∞)上为增函数,又F(x)在x=0处连续, ∴F(x)>F(0)=0,即f(x)>1+x．

6.对数法构造函数（选用于幂指数函数不等式）例：证明当x0时,(1x)11xe1x2

7.构造形似函数

例：证明当bae,证明ab

例：已知m、n都是正整数，且1mn,证明：(1m)(1n)

强化训练：

1、设a0,f(x)x1lnx2alnx

求证：当x1时，恒有xln2x2alnx1

nmba3

2、已知定义在正实数集上的函数f(x)12x2ax,g(x)3a2lnxb,其中a>0，且2b 52a3a2lna，求证：f(x)g(x)2x，求证：对任意的正数a、b，1x3、已知函数f(x)ln(1x)恒有lnalnb1

b.a

4、f(x)是定义在（0，+∞）上的非负可导函数，且满足xf(x)f(x)≤0，对任意正数a、b，若a < b，则必有（）

（A）af(b)≤bf(a)（C）af(a)≤f(b)

（B）bf(a)≤af(b)（D）bf(b)≤f(a)

mx2 5．设函数f（x）=e+x﹣mx．

（1）证明：f（x）在（﹣∞，0）单调递减，在（0，+∞）单调递增；

（2）若对于任意x1，x2∈[﹣1，1]，都有|f（x1）﹣f（x2）|≤e﹣1，求m的取值范围．

6、已知函数.（1）讨论函数的单调性；

（2）设，证明：对任意.7．已知函数f（x）=x+ax﹣lnx，a∈R．

（1）若函数f（x）在[1，2]上是减函数，求实数a的取值范围；

2（2）令g（x）=f（x）﹣x，是否存在实数a，当x∈（0，e]（e是自然常数）时，函数g（x）的最小值是3，若存在，求出a的值；若不存在，说明理由；（3）当x∈（0，e]时，证明：

．

8．已知函数f（x）=alnx﹣ax﹣3（a∈R）．（Ⅰ）求函数f（x）的单调区间；（Ⅱ）若函数y=f（x）的图象在点（2，f（2））处的切线的倾斜角为45°，对于任意的t∈[1，2]，函数范围；（Ⅲ）求证：

．

在区间（t，3）上总不是单调函数，求m的取值

29.设函数f（x）=（1+x）﹣2ln（1+x）

（1）若关于x的不等式f（x）﹣m≥0在[0，e﹣1]有实数解，求实数m的取值范围．（2）证明不等式：

10．已知函数，其中a为实数．

（n∈N）．

*（1）求函数f（x）的单调区间；

（2）若函数f（x）≥0对定义域内的任意x恒成立，求实数a的取值范围；（3）证明：对任意的正整数m，n，不等式

恒成立．

11．设函数f（x）=lnx﹣

﹣bx（Ⅰ）当a=b=时，求函数f（x）的单调区间；（Ⅱ）令F（x）=f（x）+

＜x≤3），其图象上任意一点P（x0，y0）处切线的斜率k≤恒成立，求实数a的取值范围；

12.已知函数f（x）=x+2ax﹣alnx﹣1（1）a≠0时，讨论函数f（x）的单调性；

（2）若不等式2xlnx≤xf′（x）+a+1恒成立，其中f′（x）f（x）是f（x）的导数，求实数a的取值范围．

13.已知函数f(x)=ln

221x.1－x(Ⅰ)求曲线y=f(x)在点（0，f(0)）处的切线方程；

x3(Ⅱ)求证：当x∈(0,1)时，f(x)≥2(x+);

3x3(Ⅲ)设实数k使得f(x)>k(x+)对x∈(0,1)恒成立，求k的最大值.35

bex114.设函数f(x)=aelnx+,曲线y=f(x)在点（1，f(1)）处切线方程为y=e(x-1)+2.xx(Ⅰ)求a,b；

(Ⅱ)证明：f(x)>1.利用导数求函数单调性

x－xee15.已知函数f(x)=--2x.(Ⅰ)讨论f(x)的单调性

(Ⅱ)设g(x)=f(2x)-4bf(x),当x>0时，g(x)>0,求b的最大值；

16.函数f(x)=ln(x+1)-

17.已知函数f(x)=xcosx-sinx,x∈[0,ax(a>1)讨论f(x)的单调性 xaπ]，求证：f(x)≤0； 218、已知函数,，其中R.（1）讨论的单调性；

（2）若在其定义域内为增函数，求正实数的取值范围；

（3）设函数总有 , 当成立，求实数

时，若存在，对于任意的，的取值范围．

19、已知函数

.（Ⅰ）求函数的单调区间；

（Ⅱ）设，若对任意，不等式恒成立，求实数的取值范围.20、设函数表示的导函数，（其中）（1）求成立，求实数的单调区间（2）若对任意的的取值范围，都有

21、已知函数的单调性；（Ⅱ）若,当求实数 的取值范围． ,，其中R．（Ⅰ）讨论

在其定义域内为增函数，求正实数

时，若，的取值范围；（Ⅲ）设函数，总有

成立，22、已知函数.(Ⅰ)若，求曲线，若对任意

在处切线的斜率；(Ⅱ)求，均存在的单调区间；（Ⅲ）设，使得，求的取值范围。

第四篇：构造函数证明不等式的八种方法[最终版]

构造函数证明不等式的八种方法

一、移项法构造函数

例：

1、已知函数f(x)ln(x1)x，求证：当x1时，但有1

2、已知函数f(x)aex1ln(x1)x 1x12x（1）若f(x)在R上为增函数，求a的取值范围。

2（2）若a=1，求证：x0时，f(x)1x

二、作差法构造函数证明

1例：

1、已知函数f(x)x2lnx，求证：在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数

22g(x)x3的图象下方。

3思想：抓住常规基本函数，利用函数草图分析问题

2、已知函数f(x)nlnx的图象在点P(m,f(x))处的切线方程为y=x，设

n（1）求证：当x1时，g(x)0恒成立；（2）试讨论关于x的方g(x)mx2lnx，x

n程mxg(x)x32ex2tx根的个数。x3、换元法构造函数证明

例：

1、证明：对任意的正整数n，不等式ln(1)

2、证明：对任意的正整n，不等式ln(1)

3、已知函数f(x)ln(ax1)xxax，（1）若321n11，都成立。n2n31n113都成立。2nn2为yf(x)的极值点，求实数a

3的值；（2）若yf(x)在[1,)上增函数，求实数a的取值范围。（3）若a=-1时，方程f(1x)(1x)3b有实根，求实数b的取值范围。x4、从条件特征入手构造函数证明

例1 若函数yf(x)在R上可导且满足不等式xf(x)f(x)恒成立，且常数a,b满足'

ab，求证：af(a)bf(b)

5、主元法构造函数

例1.已知函数f(x)ln(1x)x，g(x)xlnx，（1）求函数f(x)的最大值；（2）设0ab，证明：0g(a)g(b)2g（ab)(ba)ln2

26、构造二阶导数函数证明导数的单调性

例1：已知函数f(x)aex12（1）若f(x)在R上为增函数，求a的取值范围； x，2（2）若a=1，求证：x0时，f(x)1x7、对数法构造函数（选用于幂指数函数不等式）

例1：证明当x0时，(1x)1

1xe1x8、构造形似函数

例1：证明当bae，证明ab2、已知m、n都是正整数，且1mn，证明：(1m)(1n)

思维挑战

1、设a0，f(x)x1lnx2alnx，求证：当x1时，恒有xlnx2alnx

12、已知定义在正实数数集上的函数f(x)

且b

3、已知函数f(x)ln(1x)

4、f(x)是定义在(0,)上的非负可导数，且满足xf(x)f(x)0，对任意正数a、b，若ab，则必有（）

A.af(x)bf(a)B.bf(a)af(b)C.af(a)f(b)D.bf(b)f(a)

-'2nmba212x2ax，g(x)3a2lnxb，其中a0，252a3a2lna，求证：f(x)g(x)2xb，求证：对任意的正数a、b恒有lnalnb1 1xa

第五篇：导数证明不等式构造函数法类别(教师版)

导数证明不等式构造函数法类别

1、移项法构造函数

1ln(x1)x x111，分析：本题是双边不等式，其右边直接从已知函数证明，左边构造函数g(x)ln(x1)x1【例1】 已知函数f(x)ln(x1)x，求证：当x1时，恒有1 从其导数入手即可证明。

【解】f(x)1x1 x1x1∴当1x0时，f(x)0，即f(x)在x(1,0)上为增函数

当x0时，f(x)0，即f(x)在x(0,)上为减函数 故函数f(x)的单调递增区间为(1,0)，单调递减区间(0,)

于是函数f(x)在(1,)上的最大值为f(x)maxf(0)0，因此，当x1时，f(x)f(0)0，即ln(x1)x0 ∴ln(x1)x（右面得证），现证左面，令g(x)ln(x1)111x1，则g(x) 22x1x1(x1)(x1)当x(1,0)时,g(x)0;当x(0,)时,g(x)0，即g(x)在x(1,0)上为减函数，在x(0,)上为增函数，故函数g(x)在(1,)上的最小值为g(x)ming(0)0，110 x1111ln(x1)x ∴ln(x1)1，综上可知，当x1时,有x1x1∴当x1时，g(x)g(0)0，即ln(x1)

2、作差法构造函数证明 【例2】已知函数f(x) 图象的下方；

分析：函数f(x)的图象在函数g(x)的图象的下方不等式f(x)g(x)问题，即只需证明在区间(1,)上，恒有122xlnx.求证：在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数g(x)x3的 23122xlnxx3，23122xlnxx3成立，设F(x)g(x)f(x)，x(1,)，考虑到23F(1)10 6要证不等式转化变为：当x1时，F(x)F(1)，这只要证明： g(x)在区间(1,)是增函数即可。【解】设F(x)g(x)f(x)，即F(x)22312xxlnx，321(x1)(2x2x1)(x1)(2x2x1)则F(x)2xx= 当x1时，F(x)=

xxx从而F(x)在(1,)上为增函数，∴F(x)F(1)∴当x1时 g(x)f(x)0，即f(x)g(x)，故在区间(1,)上，函数f(x)的图象在函数g(x)

3、换元法构造函数证明

10 623x的图象的下方。31111)23 都成立.nnn1 分析：本题是山东卷的第（II）问，从所证结构出发，只需令x，则问题转化为：当x0时，恒

n【例3】（2007年，山东卷）证明：对任意的正整数n，不等式ln(有ln(x1)xx成立，现构造函数h(x)xxln(x1)，求导即可达到证明。233213x3(x1)2【解】令h(x)xxln(x1)，则h(x)3x2x在x(0,)上恒正，x1x1322 所以函数h(x)在(0,)上单调递增，∴x(0,)时，恒有h(x)h(0)0，即xxln(x1)0，∴ln(x1)xx

对任意正整数n，取x32231111(0,)，则有ln(1)23 nnnn【警示启迪】当F(x)在[a,b]上单调递增，则xa时，有F(x)F(a)．如果f(a)＝(a)，要证明当xa时，f(x)(x)，那么，只要令F(x)＝f(x)－(x)，就可以利用F(x)的单调增性来推导．也就是说，在F(x)可导的前提下，只要证明F'(x)０即可．

4、从条件特征入手构造函数证明

【例4】若函数y=f(x)在R上可导且满足不等式xf(x)>－f(x)恒成立，且常数a，b满足a>b，求证： af(a)>bf(b)

【解】由已知 xf(x)+f(x)>0 ∴构造函数 F(x)xf(x)，' 则F(x) xf(x)+f(x)>0，从而F(x)在R上为增函数。

ab ∴F(a)F(b)即 af(a)>bf(b)【警示启迪】由条件移项后xf(x)f(x)，容易想到是一个积的导数，从而可以构造函数F(x)xf(x)，求导即可完成证明。若题目中的条件改为xf(x)f(x)，则移项后xf(x)f(x)，要想到是一个商的导数的分子，平时解题多注意总结。

5、主元法构造函数

例．（全国）已知函数f(x)ln(1x)x,g(x)xlnx(1)求函数f(x)的最大值；

ab)(ba)ln2.2ab)中以b为主变元构造函数, 证明：对g(x)xlnx求导,则g'(x)lnx1.在g(a)g(b)2g(2(2)设0ab,证明 ：0g(a)g(b)2g(设F(x)g(a)g(x)2g(ax'axax.)]lnxln),则F'(x)g'(x)2[g(222' 当0xa时，F(x)0,因此F(x)在(0,a)内为减函数.' 当xa时,F(x)0,因此F(x)在(a,)上为增函数.从而当xa时, F(x)有极小值F(a).因为F(a)0,ba,所以F(b)0,即g(a)g(b)2g(又设G(x)F(x)(xa)ln2.则G'(x)lnxlnab)0.2axln2lnxln(ax).2' 当x0时,G(x)0.因此G(x)在(0,)上为减函数.因为G(a)0,ba,所以G(b)0,即g(a)g(b)2g（6、构造二阶导数函数证明导数的单调性 例．已知函数f(x)aexab)(ba)ln2.212x 2(1)若f(x)在R上为增函数,求a的取值范围;(2)若a=1,求证:x＞0时,f(x)>1+x x解：(1)f′(x)＝ ae－ｘ，∵ｆ（ｘ）在Ｒ上为增函数，∴f′(x)≥０对ｘ∈Ｒ恒成立，-ｘ-ｘ-ｘ-ｘ-x 即ａ≥ｘｅ对ｘ∈Ｒ恒成立 记ｇ（ｘ）＝ｘｅ，则ｇ′(ｘ)＝ｅ－ｘｅ=(1-x)e，当ｘ＞１时，ｇ′（ｘ）＜０，当ｘ＜１时，ｇ′（ｘ）＞０．

知ｇ（ｘ）在(-∞,1)上为增函数,在(1,+ ∞)上为减函数, ∴g(x)在x=1时,取得最大值，即g(x)max=g(1)=1/e, ∴a≥1/e, 即a的取值范围是[1/e, + ∞)(2)记F(X)=f(x)－(1+x)=exx12x1x(x0)2x

x 则F′(x)=e-1-x, 令h(x)= F′(x)=e-1-x,则h′(x)=e-1 当x>0时, h′(x)>0, ∴h(x)在(0,+ ∞)上为增函数, 又h(x)在x=0处连续, ∴h(x)>h(0)=0 即F′(x)>0 ,∴F(x)在(0,+ ∞)上为增函数,又F(x)在x=0处连续, ∴F(x)>F(0)=0,即f(x)>1+x．

7.对数法构造函数（选用于幂指数函数不等式）例：证明当x0时,(1x)11xe1x2

8.构造形似函数

例：证明当bae,证明ab ba

例：已知m、n都是正整数，且1mn,证明：(1m)(1n)

nm4

【思维挑战】

1、设a0,f(x)x1ln2x2alnx 求证：当x1时，恒有xlnx2alnx1

2、已知定义在正实数集上的函数

f(x)52122x2ax,g(x)3a2lnxb,其中a>0，且ba3alna，22求证：f(x)g(x)

3、已知函数f(x)ln(1x)xb，求证：对任意的正数a、b，恒有lnalnb1.1xa4、f(x)是定义在（0，+∞）上的非负可导函数，且满足xf(x)f(x)≤0，对任意正数a、b，若a < b，则必有（）

（A）af(b)≤bf(a)（C）af(a)≤f(b)

【答案咨询】

1、提示：f(x)1 ∴

（B）bf(a)≤af(b)（D）bf(b)≤f(a)2lnx2a2lnx1，当x1，a0时，不难证明xxxf(x)0，即f(x)在(0,)内单调递增，故当x1时，f(x)f(1)0，∴当x1时，恒有xlnx2alnx1

123a222、提示：设F(x)g(x)f(x)x2ax3alnxb则F(x)x2a

2x(xa)(x3a)=(x0)a0，∴ 当xa时，F(x)0，x 故F(x)在(0,a)上为减函数，在(a,)上为增函数，于是函数F(x)在(0,)上的最小值是F(a)f(a)g(a)0，故当x0时，有f(x)g(x)0，即f(x)g(x)

3、提示：函数f(x)的定义域为(1,)，f(x)11x 1x(1x)2(1x)2∴当1x0时，f(x)0，即f(x)在x(1,0)上为减函数

当x0时，f(x)0，即f(x)在x(0,)上为增函数

因此在x0时,f(x)取得极小值f(0)0，而且是最小值

x1，即ln(1x)1 1x1xa1bab1 于是ln1 令1x0,则1bx1abab因此lnalnb1

a于是f(x)f(0)0,从而ln(1x) f(x)f(x)xf'(x)f(x)F(x)

4、提示：F(x)，F(x)，故在（0，+∞）上是减函数，由ab 02xxx有f(a)f(b) af(b)≤bf(a)故选（A）ab