第一篇：物广西柳州市2017年中考物理真题试题(含解析)1
2017年广西柳州市中考物理试题
一、选择题（每小题3分，共36分）1.一个中学生的身高约为
A.158毫米 B.158厘米 C.158米 D.158千米
2.如图1所示的实例中，为了减少摩擦的是：
3.如图2所示情况中，力没有做功的是
4.如图3所示的用电器中，利用电动机工作的是
5.如图4所示实例中，属于费力杠杆的是
6.用温度计测量烧杯中水的温度，如图5所示的几种做法中正确的是
【答案】 7.如图6所示，属于平面镜成像的是
【答案】
8.下列关于声音的说法中正确的是（）
A．声音只能在空气中传播 B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s C．声音是由于物体振动而产生的 D．只要物体振动，我们就能听到声音 【答案】
9.如图7所示的电路中，开关S闭合后，两个灯泡都发光的是
【答案】
10.如图8所示的电路中，开关S闭合时，电压表V、V1、V2的示数分别是U、U1、U2，关于它们的关系正确的是 A．U=U1=U2 B．U＞U1+U2 C．U＜U1+U2 D．U=U1+U2 【答案】
11.各物体的受力情况如图9所示，属于二力平衡的是
【答案】
12.探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按图10所示电路进行实验，观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比电磁铁乙多。此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（）A．线圈的匝数 B．电流的大小 C．电流的方向 D．电磁铁的极性 【答案】第Ⅱ卷（非选择题，共64分）
二、填空题（每空1分，共16分）
13.5月31日是“世界无烟日”，吸烟危害健康，即使只有很少人吸烟，整个场所也会充满烟味，这说明分子不停地。物质中的分子既相互吸引，又相互。
14.落久水电站位于广西融水县贝江下游，已列入广西域内西江流域柳江控制性防洪工程之一。落久水电站用拦河坝提高水位，被提高了水位的水下泄时，冲击水轮机的叶轮，带动发电机发电。在这个过程中，水的 能转化为水的动能，水的动能转化为 能。
15.今年起，柳州本地生产的宝骏E100电动汽车已经提供给市民试驾。电动汽车比汽车对环境污染（选填“大”或“小”）。电动汽车安装的北斗卫星定位系统是利用 传播信息。
16.图11是某种物质熔化时的温度—时间图象，从图象可知，该物质是（选填“晶体”或“非晶体”）。线段AB表明，该物质在熔化过程中，继续加热，温度（选填“升高”、“不变”或“降低”）。
17.我国家庭电路电压是220V，用电器的开关要安装在（选填“火线”、“零线”或“地线”）上。如果家用电器或线路着火，（选填“不可”或“可以”）直接泼水灭火。
18.A砖长、宽、高分别为0.4m、0.2m、0.1m，它的重为160N，A砖的密度ρA= kg/m。另一种外形跟A砖一样的B砖，如图12所示，当A砖侧放、B砖立放在水平地面时，A、B砖对地面的压强相等。将A、B砖沿水平方向截去相同的体积后，两砖对地面的压强变化之比△pA:△pB=。g取10N/kg
19.如图13所示,电源电压不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P处于R/4时，电压表的示数为4V，当滑动变阻器的滑片P继续向右滑至中点时，电压表示数变化了2V，则电源电压为 V；通过移动滑动变阻器的滑片P，使R0与R的电功率分别达到最大值P0、P，则P0：P=。
20.把边长L=0.5m、密度A=0.6×10kg/m的正方体A放入底面积为S=1m的盛水容器中，如图14甲所示。将物块B轻放在A的上面，容器中的水面上升了0.01m，如图14乙所示，则物块B的质量为 kg；在这个过程中，A重力做功的大小为 J。已知ρ水=1.0×10kg/m，g取10N/kg.333
32三、作图、实验与探究题（第21、22小题各2分，第23小题5分，第24小题6分，第25小题9分，共24分）
21.图15所示是静止在水平地面上的足球，请画出足球受力的示意图。
22.图16所示，请标出小磁针静止时的N极和磁感线的方向。
23.在“测量物体运动的速度”的实验中，小龙和小柳测量小明跑40m的速度。（1）小龙和小柳用（填一种测量工具）在室外测出40m的路程。（2）小柳担任计时员，他用（填一种测量工具）测量小明跑步的时间，他应站在 处（选填“起点”或“40m”）。
（3）小龙担任发令员，发令后，小明跑完40m路程，小柳计时如图17所示，由图可知，小明跑40m所用的时间为 s。（4）小明跑40m的速度是 m/s。
24.在“探究凸透镜成像的规律”的实验中：
（1）为了确定凸透镜的焦距，小明让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，如图18所示，可确定出焦距f= cm（选填“0”、“10”或“20”）。
（2）小明用此透镜做“探究凸透镜成像的规律” 的实验。将蜡烛、凸透镜和光屏放在光具座上。点燃蜡烛，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在。
（3）移动蜡烛距凸透镜30cm处时，在光屏上呈现清晰倒立、缩小的（选填“实”或“虚”）像，生活中应用该原理制作的光学仪器是。
（4）当移动蜡烛距凸透镜15cm处时，光屏上会出现的是（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像；如果他将蜡烛再靠近凸透镜一些，这时光屏应向（选填“左”或“右”）移动，以获得清晰的实像。
25.（1）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选取了一个标有“2.5v”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材。①根据电功率P=UI，小明画出实验电路图如图19甲所示，图中①应接入，②应接
V”或“○A”）入。（以上两个空均选填“○②连接电路时，开关应该。闭合开关，移动变阻器滑片的过程中，观察到电流表示数几乎接近最大值时，小灯泡仍然不亮，且电压表无示数，其原因可能是。③经检查电路连接正确后，小明连续进行了3次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在下列表格中，其中第2次测量时电流表的示数如图19乙所示，此时的电流为 A，小灯泡的额定功率为 W。
（2）在我市农网改造中，小柳家从村口通过进户线接入220V的家庭电路。电工师傅想测试小柳的电学知识，他让小柳用电压表、两个标有“220V 550W”、“220V 1100W”的电炉R1、R2以及开关，连接成如图20所示的电路。只闭合S0、S1，电压表示数为214.4V；当闭合S0、S2，断开S1时，电压表示数为210.4V。①上述现象可概括为，用电器两端的电压越低。②造成用电器两端的电压降低的原因是。
③当闭合S0、S2，断开S1时，整个家庭电路消耗的电功率为 W。
四、综合应用题（第26小题6分，第27小题8分，第28小题10分，共24分）
26.太阳能是个巨大的能源，直接利用太阳能不会污染环境，太阳能热水器就是直接利用太阳能的装置。假如太阳能热水器内盛有200kg、25℃的水，在阳光的照射下水温升高到75℃。已知水的比热容c水=4.2×10J/（kg·℃）。
（1）太阳能热水器内水的温度变化了多少摄氏度？（2）这些水吸收的热量是多少焦耳？
（3）若用干木材来加热这些水升高到相同温度，干木材完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少干木材？（已知干木材的热值为q=1.2×10J/kg）
27.小柳买了一台全自动豆浆机，下表是这个豆浆机的主要技术参数。图21甲是豆浆机的主要结构：中间部位是一个带动刀头的电动机，用来将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管，用来对液体加热煮沸。图21乙是豆浆机正常工作做一次豆浆的过程中电热管和电动机交替工作时的P—t图象。（1）豆浆机正常加热时的电流是多少？（2）豆浆机正常加热时电热管的电阻是多少？
（3）豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是多少？
28．横截面积均为S=1cm的物体A与塑料B粘合成一个粘合体，全长为L=50cm。粘合体放入水2中时漂浮在水面，浸入水中的长度为4L/5，如图22所示。现将浮出水面部分切去，以后每浮出水面一部分，稳定后就把它切掉。已知ρ水=1.0×103kg/m3、ρ33B=0.4×10kg/m，g=10N/kg。求：（1）粘合体未被切前，A底面受到水的压强；（2）粘合体未被切前的总质量；
（3）第一次切掉后，稳定时浸入水中的长度；（4）第四次切掉后，稳定时浮出水面部分的长度。
2017年广西柳州市中考物理试题
一、选择题（每小题3分，共36分）1.一个中学生的身高约为
A.158毫米 B.158厘米 C.158米 D.158千米 【答案】B 命题立意：长度的估测
解析：本题考查对生活中常见物体长度的估测。成年人的身高在165cm左右，中学生的身高略小于成年人，在158cm=1580mm=1.58m=0.00158km左右。故选：B。
2.如图1所示的实例中，为了减少摩擦的是：
【答案】D 命题立意：增大或减小摩擦的方法
解析：本题考查摩擦力大小的影响因素，以及增大和减小摩擦的方法，摩擦力问题在生活中应用非常广泛，解答此题类问题时要利用控制变量法研究。如何将其与理论联系在一起是解决这类问题的关键。
对选项A，自行车的刹车装一块橡皮，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故选项A不合题意；
对选项B，汽车轮胎表面有凹凸的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故选项B不合题意；
对选项C，登山时要穿防滑靴，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力．故选项C不合题意；
对选项D，给轮滑鞋的转轴表面加润滑油，是通过使接触面脱离来减小摩擦力。故D符合题意;故选D。
3.如图2所示情况中，力没有做功的是
【答案】B 命题立意：力是否做功的判断
解析：本题考查的是判断力是否做功问题。做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。
对选项A，将鸡蛋从下上举起，人对鸡蛋施加了力，鸡蛋在力的方向上最终通过了距离，所以人对鸡蛋做了功，故选项A不合题意；
对选项B，人用力搬石头但没有搬动，有力，但物体没有通过距离，故没有做功；故选项B符合题意；
对选项C，推着小车前进，对小车有一个力的作用，小车在力的方向上通过了距离，所以推力对小车做了功，故选项C不符合题意；
对选项D，沿着斜面把汽油桶推上车厢，人给油桶一个向上的力，油桶向上移动了距离，人对油桶做功；选项D不符合题意；答案：B
4.如图3所示的用电器中，利用电动机工作的是
【答案】A 命题立意：直流电动机的原理
解析：本题考查电动机的原理、电流的热效应，利用电动机工作的特点是把电能转化为机械能，利用热效应工作的电器特点是把电能主要转化成内能。
对选项A，电风扇核心部件是电动机，工作时主要把电能转化为机械能，是利用通电导体在磁场中受力运动制成的，故选项A正确；
对选项B，电灯工作时，主要把电能转化为内能，使灯丝温度升高达到白炽状态而发光，是利用电流的热效应工作的，故选项B错误；
对选项C、D，电热水壶、电饭锅工作时，都把电能转化为内能，是利用电流的热效应工作的，故选项C、D错误。所以选项A符合题意。故选：A。
5.如图4所示实例中，属于费力杠杆的是
【答案】C 命题立意：杠杆的分类
解析：本题考查的是杠杆的分类。杠杆主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
对选项A，铁皮剪刀在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故选项A错误； 对选项B，手动抽水机在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故选项B错误； 对选项C，钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故选项C正确； 对选项D，开酒瓶的起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故选项D错误；故选：C。
6.用温度计测量烧杯中水的温度，如图5所示的几种做法中正确的是
【答案】D 命题立意：温度计的使用及其读数
解析：本题考查的是温度计的使用和读数方法。使用温度计测量液体温度时，正确的方法是：①温度计的玻璃泡要全部浸入被测液体中；不要碰到容器底或容器壁；②温度计玻璃泡浸入被测液体后要稍候一会儿，待温度计的示数稳定后再读数；③读数时玻璃泡要继续留在被测液体中，视线与温度计中的液柱上表面相平。对选项A，温度计的玻璃泡接触了容器底部。选项A错误；对选项B，温度计的玻璃泡接触了容器壁。选项B错误；对选项C，温度计的玻璃泡与液体接触的太少。选项C错误；对选项D，温度计的玻璃泡与液体充分接触。选项D正确。故选D。
7.如图6所示，属于平面镜成像的是
【答案】A 命题立意：光现象
解析：本题考查的是光现象知识的理解和应用。光的反射、折射、光的直线传播等相关的现象在生活中均非常常见，且有一定的相似性，应把握其实质，在理解的基础上加以区分各种光的现象。
对选项A，蜡烛成像是由光的反射形成的，属于平面镜成像，故选项A符合题意；
对选项B，插入水中的筷子向上弯折是由于来自筷子的光从水中进入空气中发生了折射，折射光线进入人眼，人眼逆着光线看去，所看到的是筷子的虚像，像比物体的位置高，属于光的折射，故选项B不符合题意；
对选项C，用放大镜观察标本上的细微部分是利用了凸透镜可以成放大的、正立的虚像的原理，属于光的折射。故选项C不符合题意；
对选项D，手影是光的直线传播形成的，不是像，故选项D不符合题意。故选：A。
8.下列关于声音的说法中正确的是（）
A．声音只能在空气中传播 B．声音在真空中的传播速度是3×108m/s C．声音是由于物体振动而产生的 D．只要物体振动，我们就能听到声音 【答案】C 命题立意：声现象知识
解析：本题考查的是声音的产生和传播条件。首先，声音是由物体的振动产生的，振动的物体肯定能发出声音，但由于人的听觉范围、响度大小、是否有介质的限制，发出的声音不一定能听得见；其次，声音的传播需要介质，真空不能传声。对选项A，声音可以在空气、固体和液体中传播。故选项A错误； 对选项B，声音传播需要介质，真空不能传声。故选项B错误；
对选项C，声音是物体振动产生的，一切发声的物体都在振动。故选项C正确；
对选项D，振动的物体能够发声，但物体振动发出的声音我们不一定都能听到，如没有介质，响度太小，振动频率不在人的听觉范围之内。故选项D错误。故选：C。
9.如图6所示的电路中，开关S闭合后，两个灯泡都发光的是
【答案】B 命题立意：电路的分析
解析：本题考查的是对串并联电路的电路的分析判断。判断开关闭合后，两灯是否能同时发光，可以从电源短路和用电器短路来分析：电源短路会造成电源烧坏、用电器不能工作；用电器被短路会造成被短路的用电器不能工作。
对选项A、由图知，开关闭合后，发生电源短路，两盏灯都不能发光，故选项A不符合要求； 对选项B，由图知，开关闭合后，两灯泡并联，两盏灯都能发光，故选项B符合要求； 对选项C，由图知，开关闭合后，左边灯泡L1被短路，只有L2发光，故选项C不符合要求； 对选项D，由图知，开关闭合后，左边灯泡L1被短路，只有L2发光，故选项D不符合要求；故只有选项B说法正确。故选：B。
10.如图8所示的电路中，开关S闭合时，电压表V、V1、V2的示数分别是U、U1、U2，关于它们的关系正确的是 A．U=U1=U2 B．U＞U1+U2 C．U＜U1+U2 D．U=U1+U2 【答案】D 命题立意：串联电路的电压规律
解析：本题考查的是对串联电路电压特点的认识。由电路图可知，两灯串联，电压表V1测L1两端电压，电压表V2测L2两端电压，电压表V测两灯的总电压（电源电压）。串联电路中，总电压等于各部分电路两端电压之和，即U=U1+U2．所以ABC错误，D正确。故选：D
11.各物体的受力情况如图9所示，属于二力平衡的是
【答案】D 命题立意：平衡力的辨别
解析：本题考查的是一对二力平衡分析判断。根据二力平衡的条件进行分析，即大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上。
对选项A，由图可知，两个力不是作用在同一物体上，所以不是一对平衡力，故选项A错误； 对选项B，由图可知，两个力不是作用在同一条直线上，所以不是一对平衡力，故选项B错误； 对选项C，由图可知，两个力的大小不相等，所以不是一对平衡力，故选项C错误； 对选项D，由图可知，两个力大小相等、方向相反、作用在同一条直线上、作用在同一个物体上，所以是一对平衡力，故选项D正确。所以选项D符合题意。
12.探究影响电磁铁磁性强弱的因素时，按图10所示电路进行实验，观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比电磁铁乙多。此实验说明影响电磁铁磁性强弱的因素是（）A．线圈的匝数 B．电流的大小 C．电流的方向 D．电磁铁的极性 【答案】A 命题立意：电磁铁磁性强弱的因素
解析：探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验，主要考查了电磁铁磁性强弱与线圈匝数的关系。由图知，甲、乙两线圈串联，所以通过甲、乙两线圈的电流相等；甲的线圈匝数明显比乙的线圈匝数多，实验观察到电磁铁甲吸引大头针的数目比乙多；所以此实验说明电磁铁的磁性强弱与线圈匝数有关。故选A。
第Ⅱ卷（非选择题，共64分）
二、填空题（每空1分，共16分）
13.5月31日是“世界无烟日”，吸烟危害健康，即使只有很少人吸烟，整个场所也会充满烟味，这说明分子不停地。物质中的分子既相互吸引，又相互。【答案】无规则运动；排斥 命题立意：分子热运动
解析：本题主要考查了扩散现象、以及分子作用力的了解和掌握。首先，由于烟分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以只要有一个人吸烟，整个房间也会充满烟味；其次，分子之间存在相互作用的引力和斥力，既相互吸引又相互排斥，故答案为：无规则运动；排斥。
14.落久水电站位于广西融水县贝江下游，已列入广西域内西江流域柳江控制性防洪工程之一。落久水电站用拦河坝提高水位，被提高了水位的水下泄时，冲击水轮机的叶轮，带动发电机发电。在这个过程中，水的 能转化为水的动能，水的动能转化为 能。【答案】重力势；电 命题立意：机械能及其转化
解析：本题考查了动能和势能的转化与守恒。高处的水流下来时，水的重力势能减小，动能增加，重力势能转化为动能；冲击水轮机的叶轮，是水的动能转移到叶轮上；水轮机的叶轮带动发电机发电，将叶轮上的机械能转化成电能。故答案为：重力势；电。15.今年起，柳州本地生产的宝骏E100电动汽车已经提供给市民试驾。电动汽车比汽车对环境污染（选填“大”或“小”）。电动汽车安装的北斗卫星定位系统是利用 传播信息。
【答案】小；电磁波 命题立意：信息的传递
解析：本题考查的是新能源的利用以及电磁波的利用。首先，电动汽车在行驶过程中的能量转化为电能转化为化学能转化为电能，最终转化为机械能，电动汽车的使用可有效地减少一氧化碳及未燃烧的碳氢化合物、氮的氧化物、含铅化合物、烟尘等的排放，进而减少对空气造成的污染；其次，电动汽车安装卫星定位系统接收和发送信号要靠电磁波传递，所以北斗卫星定位系统是利用电磁波来传递信号的。故答案为：小；电磁波。
16.图11是某种物质熔化时的温度—时间图象，从图象可知，该物质是（选填“晶体”或“非晶体”）。线段AB表明，该物质在熔化过程中，继续加热，温度（选填“升高”、“不变”或“降低”）。【答案】晶体；不变 命题立意：熔化图象
解析：本题考查的是晶体和非晶体的熔化图象。要学会从图象中找出晶体与非晶体有关的信息。从图象上看，AB段是温度不变的，所以该物质有一定的熔点，是晶体；从图象可看出AB段是该物质的熔化过程，晶体在熔化中继续吸热，温度不变；故答案为：晶体；不变。
17.我国家庭电路电压是220V，用电器的开关要安装在（选填“火线”、“零线”或“地线”）上。如果家用电器或线路着火，（选填“不可”或“可以”）直接泼水灭火。【答案】火线；不可
命题立意：电与热、生活用电
解析：本题主要通过生活中的实际考查安全用电规则。家庭电路中，用电器的开关应该接在火线与用电器之间，这样在检修电路时断开开关，切断火线，可防止发生触电事故；家用电器或线路着火时，首先要切断电源，再泼水浇灭，因为生活用水是导体，直接泼水会造成触电事故的发生。故答案为：火线；不可。
18.A砖长、宽、高分别为0.4m、0.2m、0.1m，它的重为160N，A砖的密度ρA= kg/m。另一种外形跟A砖一样的B砖，如图12所示，当A砖侧放、B砖立放在水平地面时，A、B砖对地面的压强相等。将A、B砖沿水平方向截去相同的体积后，两砖对地面的压强变化之比△pA:△pB=。g取10N/kg 【答案】2×10；1：1 命题立意：密度、压强的及其计算
解析：本题考查的是密度的计算以及柱状固体的压强问题。要根据已知条件，灵活选用压强计算式p=F/S 和p=ρgh（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答。
（1）由G=mg可得，A砖的质量为：mA=G/g
33=160N/10N/kg=16kg A砖的体积为：VA=0.4m×0.2m×0.1m=0.008m，则A砖的密度为：
ρA=mA/VA =16kg/0.008m =2×10kg/m
（2）当A砖侧放、B砖立方在水平地面时，A、B砖对地面的压强相等，pA=pB，规则固体对水平地面的压强：p=F/S=G/S= mg/S
=ρVg/S=ρShg/S=ρgh 所以 ρAghA=ρBghB 即ρAg×0.2m=ρBg×0.4m 所以ρA/ρB=0.4m/0.2m
=2/1 将A、B砖沿水平方向截去相同的体积，底面积不变，对地面的压力变化是切去的部分，即：
△F=△G=ρV切g 所以，两正方体对地面压强的变化量之比： △pA：△pB=ρAV切g/SA：ρBV切g/SB
=ρA/SA×SB /ρB
=(2/1)×(0.2m×0.1m)/(0.4m×0.1m =1：1 故答案为：2×10；1：1。
19.如图13所示,电源电压不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P处于R/4时，电压表的示数为4V，当滑动变阻器的滑片P继续向右滑至中点时，电压表示数变化了2V，则电源电压为 V；通过移动滑动变阻器的滑片P，使R0与R的电功率分别达到最大值P0、P，则P0：P=。【答案】12V；4:1 命题立意：欧姆定律、电功率
解析：本题考查了欧姆定律、电功率的综合计算。故答案为：
由电路图可知，R0与滑动变阻器R串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；
当滑片在R/4点时，变阻器接入电路的电阻：R1=R/4，且与R0串联，由欧姆定律I=U/R可得，电路中电流：I1=4V/（R/4）=16/R 总电路中：U=I1（R1+ R0）=（R/4+R0）×16/R U=（4+16R0/R）①
当滑片在中点时，变阻器接入电路的电阻：R2=R/2，且与R0串联，由欧姆定律可得，电路中电流：I中=（4V+2V）/（R/2）=12/R 总电路中：U=I中（R2+ R0）=（R/2+R0）×12/R U=I中（R2+ R0）=（6+12R0/R）② 解①②式可得：U=12V 移动滑动变阻器的滑片P，使R0的电功率达到最大值P0，根据I=U/R,P=UI可得：当滑动变阻器接入电阻为零时，R0的电功率达到最大值：P0=U/R0
2333
33移动滑动变阻器的滑片P，使R的电功率达到最大值P，根据I=U/R,P=UI可得：
Pm=UR/R2=（U-U0）/R2=[U-UR0/（R0+R2）]/R2 Pm=UR2/（R0+R2）=UR2/[（R0-R2）+4R0 R2] 当R0=R2时，使R的电功率有最大值P P=Pm=U/4R0
所以：P0:P=U/R0:U/4R0=4:1 答案：12V；4:1
20.把边长L=0.5m、密度A=0.6×10kg/m的正方体A放入底面积为S=1m的盛水容器中，如图14甲所示。将物块B轻放在A的上面，容器中的水面上升了0.01m，如图14乙所示，则物块B的质量为 kg；在这个过程中，A重力做功的大小为 J。已知ρ水=1.0×10kg/m，g取10N/kg.【答案】10；22.5 命题立意：物体的浮沉及功的计算
解析：本题考查的是功的计算、浮力的计算，涉及到重力和密度公式，二力平衡条件及其应用。（1）将物块B轻放在A的上面，A增大的排开水的体积：
△V排=S△h升=1m×0.01m=0.01m 则增大的浮力：△F浮=ρGB=△F浮=100N 则物块B的质量：mB=GB/g
=100N/10N/kg =10kg（2）根据G=mg和ρ=m/V可得，A的重力：
GA=mAg=ρAVAg=0.6×10kg/m×（0.5m）×10N/kg=750N 将B放在A的上面时，A浸入水中深度的增加量：
△h浸=△V排/SA
=0.01m/（0.5m×0.5m）=0.04m 如图所示，可得△h浸=△h升+d，所以，A下降的高度： d=△h浸-△h升=0.04m-0.01m=0.03m 根据W=FS可得A重力做功：W=GAh=750N×0.03m=22.5J 故答案为：10；22.5
三、作图、实验与探究题（第21、22小题各2分，第23小题5分，第24小题6分，第25小题9分，共24分）
21.图15所示是静止在水平地面上的足球，请画出足球受力的示意图。3
333水
233
2222222
222
2g△V排=1×10kg/m×10N/kg×0.01m=100N
333根据二力平衡可得，物块B的重力：
【答案】命题立意：力的示意图 如答图
解析：本题考查了画力的示意图关键是找出确定力的作用点和方向。足球静止在水平地面上，受到了两个力，重力和支持力，这两个力是平衡力，大小相等、方向相反。要牢记足球重力的方向始终是竖直向下的，足球的重心在球心，画一竖直向下的线段，标出箭头，记为G；同时画出足球受到的支持力。如图所示。
22.图16所示，请标出小磁针静止时的N极和磁感线的方向。
【答案】如答图
命题立意：磁场、磁感线及其特点
解析：本题考查了通电螺线管的极性和电流方向的判断。已知电流由右侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的左侧为N极，右侧为S极，外部磁感线由N指向S。故答案为：如答图所示
23.在“测量物体运动的速度”的实验中，小龙和小柳测量小明跑40m的速度。（1）小龙和小柳用（填一种测量工具）在室外测出40m的路程。（2）小柳担任计时员，他用（填一种测量工具）测量小明跑步的时间，他应站在 处（选填“起点”或“40m”）。
（3）小龙担任发令员，发令后，小明跑完40m路程，小柳计时如图17所示，由图可知，小明跑40m所用的时间为 s。（4）小明跑40m的速度是 m/s。【答案】（1）卷尺（2）秒表；40m（3）8（4）5 命题立意：变速运动与平均速度
解析：本题考查的是平均速度的测量工具、原理和计算公式的应用。
（1）因为要测量速度的大小，需要测量出路程和时间，由于测量的路程较大，因此选择卷尺来测量路程，测量时间的工具是秒表；计时如图17所示，由图可知，小明跑40m所用的时间为8s；
（2）测量速度的实验原理是：v=s/t 小明跑完s=40m所用时间为t=8s，所以平均速度: 所以全程的平均速度：v=40m/8s =5m/s 答案：（1）卷尺（2）秒表；40m（3）8（4）5 24.在“探究凸透镜成像的规律”的实验中：（1）为了确定凸透镜的焦距，小明让一束平行光经过一透镜，在光屏上得到一个最小、最亮的光斑，如图18所示，可确定出焦距f= cm（选填“0”、“10”或“20”）。
（2）小明用此透镜做“探究凸透镜成像的规律” 的实验。将蜡烛、凸透镜和光屏放在光具座上。点燃蜡烛，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心大致在。
（3）移动蜡烛距凸透镜30cm处时，在光屏上呈现清晰倒立、缩小的（选填“实”或“虚”）像，生活中应用该原理制作的光学仪器是。
（4）当移动蜡烛距凸透镜15cm处时，光屏上会出现的是（选填“放大”、“缩小”或“等大”）的实像；如果他将蜡烛再靠近凸透镜一些，这时光屏应向（选填“左”或“右”）移动，以获得清晰的实像。
【答案】（1）10.0；（2）同一高度；（3）实；照相机；（4）放大；右 命题立意：探究凸透镜成像规律
解析：本题考查的是探究凸透镜成像的实验。要熟练掌握成像特点与物距、像距之间的关系及其应用。（1）由图中，平行光线经凸透镜后会聚到一点，说明凸透镜对光线具有会聚作用；光屏上得到的最小、最亮的光斑便是凸透镜的焦点，所以焦距为：
f=20.0cm-10.0cm=10.0cm（2）蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中心；
（3）蜡烛距凸透镜30cm处时，即u＞2f的位置时，在凸透镜另一侧移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、缩小的实像，根据这个原理制成了照相机；
（4）当移动蜡烛距凸透镜15cm处时，已知f=10cm，则f＜u＜2f，此时成倒立放大的实像；如果他将蜡烛再靠近凸透镜一些，根据凸透镜成实像时，物近像远像变大，可知，这时光屏应向右移动，以获得清晰的实像。
故答案为：（1）10.0；（2）同一高度；（3）实；照相机；（4）放大；右
25.（1）在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选取了一个标有“2.5v”、额定功率约为1W的小灯泡和必要的实验器材。
①根据电功率P=UI，小明画出实验电路图如图19甲所示，图中①应接入，②应接入。V”或“○A”）（以上两个空均选填“○②连接电路时，开关应该。闭合开关，移动变阻器滑片的过程中，观察到电流表示数几乎接近最大值时，小灯泡仍然不亮，且电压表无示数，其原因可能是。
③经检查电路连接正确后，小明连续进行了3次测量，并把测量的数据和观察到的现象填写在下列表格中，其中第2次测量时电流表的示数如图19乙所示，此时的电流为 A，小灯泡的额定功率为 W。（2）在我市农网改造中，小柳家从村口通过进户线接入220V的家庭电路。电工师傅想测试小柳的电学知识，他让小柳用电压表、两个标有“220V 550W”、“220V 1100W”的电炉R1、R2以及开关，连接成如图20所示的电路。只闭合S0、S1，电压表示数为214.4V；当闭合S0、S2，断开S1时，电压表示数为210.4V。①上述现象可概括为，用电器两端的电压越低。②造成用电器两端的电压降低的原因是。
③当闭合S0、S2，断开S1时，整个家庭电路消耗的电功率为 W。
A；○V；（2）断开；小灯泡短路；（3）0.48；1.2（2）①用电器功率越大，线【答案】（1）○路上电阻分压越多；②线路上有电阻的分压；③1052 命题立意：电功率的测量综合实验题
解析：本题考查了电表的使用、注意事项、故障分析、电表读数、求灯泡电功率等，对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后再读数，是测量型电功率综合实验题。（1）①表和用电器串联，是电流表；②表和用电器并联是电压表；
（2）为保护电路，连接电路时，开关应断开；灯泡不亮，电流表示数很大，说明电路有电流，是短路，电压表无示数．则可能与电压表并联的灯泡短路；
（3）由图乙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.48A，灯泡额定功率根据P=UI可得：
P=2.5V×0.48A=1.2W（4）如图20所示，家庭电路总电压为220V，①分析前后电压表的读数减小了，原因是用电器与输电线电阻为串联，当用电器功率增大时，由P=UI可知，电压不变，则电流增大了，造成输电线电阻的电压增大，故上述现象可概括为接入的用电器功率越大，线路上电阻分压越多；②线路上有电阻的分压；
③当闭合S0、S2，断开S1时，电压表示数为210.4V 设用电器的额定电阻不变，根据I=U/R,P=UI可得：
R2=U/P2=（220V）/1100W=44Ω
整个家庭电路总电流：I2=U2/R2 =210.4V/44Ω=4.78A 整个家庭电路消耗的电功率：P总=U总I总=220V×4.78A=1052W A；○V；（2）断开；小灯泡短路；（3）0.48；1.2（2）①用电器功率越大，故答案为：（1）○线路上电阻分压越多；②线路上有电阻的分压；③1052
四、综合应用题（第26小题6分，第27小题8分，第28小题10分，共24分）
26.太阳能是个巨大的能源，直接利用太阳能不会污染环境，太阳能热水器就是直接利用太阳能的装置。假如太阳能热水器内盛有200kg、25℃的水，在阳光的照射下水温升高到75℃。已知水的比热容c水=4.2×10J/（kg·℃）。
（1）太阳能热水器内水的温度变化了多少摄氏度？（2）这些水吸收的热量是多少焦耳？
（3）若用干木材来加热这些水升高到相同温度，干木材完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要多少干木材？（已知干木材的热值为q=1.2×10J/kg）【答案】（1）50℃；（2）4.2×10J；（3）3.5kg 命题立意：太阳能热水器中的热量计算
解析：本题考查了太阳能热水器使用、吸热公式计算、燃料燃烧放热计算。
77322（1）太阳能热水器内水的温度变化值：
△t=75℃-25℃=50℃
（2）根据Q吸=cm△t可得，水吸收的热量：
Q吸=cm△t =4.2×10J/（kg•℃）×200kg×50℃ =4.2×10J（3）由题知，干木柴完全燃烧放出的热量全部被水吸收，根据Q放=Q吸=mq得，Q放=4.2×10J，需要干木柴的质量：
m′=Q放/q =4.2×10J/1.2×10J/kg=3.5kg 答：（1）太阳能热水器内水的温度变化了50℃；（2）这些水吸收的热量是4.2×10J；（3）若用干木柴来加热这些水升高到相同温度，干木柴完全燃烧放出的热量全部被水吸收，则需要3.5kg干木柴。
27.小柳买了一台全自动豆浆机，下表是这个豆浆机的主要技术参数。图21甲是豆浆机的主要结构：中间部位是一个带动刀头的电动机，用来将原料进行粉碎打浆；外部是一个金属圆环形状的电热管，用来对液体加热煮沸。图21乙是豆浆机正常工作做一次豆浆的过程中电热管和电动机交替工作时的P—t图象。（1）豆浆机正常加热时的电流是多少？（2）豆浆机正常加热时电热管的电阻是多少？
（3）豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是多少？ 【答案】（1）5.5A；（2）40Ω；（3）6.678×10J 命题立意：欧姆定律、电能和电功率
解析：本题题考查的是电功率公式和欧姆定律、电功公式的综合应用。（1）根据P=UI可得，豆浆机正常加热时的电流：
I1=P1/U =1210W/220V =5.5A（2）由I=U/R可得，豆浆机正常加热时电热管的电阻：
R1=U/I1 =220V/5.5A =40Ω
（3）由乙图可知：加热时间t1=9min=540s，电动机工作时间t2=2min=120s，加热消耗的电能：
W1=P1t1=1210W×540s=6.534×10J 电动机工作消耗的电能：
W2=P2t2=120W×120s=1.44×10J 豆浆机正常工作做一次豆浆总共消耗的电能：
W=W1+W2=6.534×10J+1.44×10J=6.678×10J
545
455
777
773答：（1）豆浆机正常加热时的电流是5.5A；（2）豆浆机正常加热时电热管的电阻是40Ω；（3）豆浆机正常工作做一次豆浆，总共消耗的电能是6.678×10J。
28．横截面积均为S=1cm的物体A与塑料B粘合成一个粘合体，全长为L=50cm。粘合体放入水中时漂浮在水面，浸入水中的长度为4L/5，如图22所示。现将浮出水面部分切去，以后每浮出水面一部分，稳定后就把它切掉。已知ρ水=1.0×10kg/m、ρB=0.4×10kg/m，g=10N/kg。求：（1）粘合体未被切前，A底面受到水的压强；（2）粘合体未被切前的总质量；
（3）第一次切掉后，稳定时浸入水中的长度；（4）第四次切掉后，稳定时浮出水面部分的长度。
【答案】（1）4×10Pa（2）0.04kg（3）0.36 m（4）0.00256m 命题立意：物体的浮沉条件及其应用
解析：本题主要考查了物体浮沉条件及阿基米德原理和密度公式的应用。根据漂浮时浮力和重力相等列出相应的关系式是解决问题的关键。
（1）粘合体未被切前，粘合体漂浮在水面时，浸入水中的长度为4L/5，可得：
浸入水中的长度：h1=4L/5=4×50cm/5=40cm 根据p=ρ水333332
5gh可得,A底面受到水的压强: 333p1=1.0×10kg/m×10N/kg×0.4m =4×10Pa（2）粘合体未被切前，粘合体漂浮在水面，浸入水中的长度为4L/5，根据F浮=ρF浮=ρ水
水
gV排可得：
g（h1S）
2=1.0×10kg/m×10N/kg×（0.4m×1×10 m）=0.4N 根据二力平衡有：F浮=G=mg m=0.4N/10N/kg=0.04kg（3）当第一次把它露出水面的部分截去后，稳定时浸入水中的长度h1，根据二力平衡有：
F浮=G1，ρ=m/V可得： ρ水gV排=m剩1g 3333
-4-4-4
222
-431.0×10kg/m×10N/kg×（h1×1×10 m）=（m-m截去1）g 1.0×10kg/m×10N/kg×（h1×1×10 m）=（0.04-ρB×0.1×10）×10N/kg 1.0×10kg/m×（h1×1×10 m）=（0.04-0.4×10kg/m×0.1×10）
0.1×h1=（0.04-0.004）h1=0.036/0.1=0.36 m（4）第一次把它露出水面的部分截去后，稳定时浸入水中的长度h1，稳定时露出水面长度h01；
h1=4L/5-h01
根据二力平衡F浮=G1有：
ρρ 水水33
-4gV排=m剩1 g g（4L/5-h01）S=（mg-ρBL g/5）S h01=ρBL/5ρ水 同理可以求得, 第二次把它露出水面的部分截去后，稳定时浸入水中的长度h2，稳定时露出水面长度h02
h02=（ρB/ρ水）（L/5）
同理可以求得, 第四次把它露出水面的部分截去后，稳定时浸入水中的长度h4，稳定时2露出水面长度h04 h404=（ρB/ρ水）（L/5）
=（0.4×103kg/m3/1×103
kg/m3）4
（0.5/5）=0.00256m 答案：（1）4×103Pa（2）0.04kg（3）0.36 m（4）0.00256m
第二篇：海南省2017年中考物理真题试题(含解析)
海南省2017年中考物理真题试题
一、选择题（本大题有10小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，共30分）
1．琼岛四季瓜果香，下列四种海南瓜果成熟后，一般情况下，单个瓜果体积最接近2cm3的是（）A．木瓜 B．菠萝 C．龙眼 D．椰子 【答案】C 【解析】
试题分析：海南瓜果木瓜、菠萝、龙眼、椰子成熟后，一般情况下，单个瓜果体积最接近2cm的是龙眼，其余水果的体积都远远大于2cm，故ABD错误，C正确；故应选C。【考点定位】长度的估测
2．如图所示，对光有发散作用的透镜是（）
33A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
【考点定位】凹透镜的发散作用 3．下列物体具有动能的是（）A．静止不动的课桌 B．挂在树上的椰子 C．拉长了的橡皮筋 D．正在行驶的汽车 【答案】D 【解析】
试题分析：物体由于运动而具有的能量叫动能；静止的课桌不具有动能，故A错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；挂在树上的椰子是静止的，不具有动能，故B错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；拉长的橡皮筋不具有动能，具有弹性势能，故C错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；正在行驶的汽车具有动能，故D正确；故应选D。【考点定位】动能和势能的概念
4．如图所示，研究液体压强与流速关系的实验图是（）A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
【考点定位】流体压强与流速的关系
5．为了同学们顺利进行中考，考务工作非常细致，用物理知识解释相关做法，正确的是（）A．用广播指令，说明声音的传播不需要介质 B．调节广播音量，是调节音调的高低 C．用广播指令，说明声音可以传递信息 D．禁止喧哗，是在传播途径中控制噪声 【答案】C 【解析】
试题分析：用广播指令，说明声音可以在空气中传播，故A错误；调节广播音量，是调节声音的大小，即响度，故B错误；用广播指令传达一些信息，说明声音可以传递信息，故C正确；禁止喧哗，是在声源处控制噪声，故D错误；故应选C。
【考点定位】声音的传播条件；防治噪声的途径；声与信息
6．长度相等而粗细不同的两根铜棒甲和乙，甲棒较粗，两棒相比，甲棒的（）A．质量较大 B．电阻较大 C．密度较大 D．比热容较大 【答案】A 【解析】
试题分析：长度相等而粗细不同的两根铜棒，甲棒较粗，甲的体积大于乙的体积，由m=ρV可知甲的质量大于乙的质量，故A正确；长度相等而粗细不同的两根铜棒，材料相同，甲棒较粗，甲的电阻小于乙的电阻，故B错；长度相等而粗细不同的两根铜棒，物质种类、所处状态相同，甲和乙的密度和比热容相同，故CD错；故应选A。【考点定位】密度公式的应用
7．某晶体熔化时温度随时间变化的图象如图所示，根据图象判断正确的是（）
A．开始计时，晶体开始熔化 B．第25min后，晶体开始熔化 C．温度达到80°C时，晶体开始熔化 D．温度达到50°C时，晶体开始熔化 【答案】C 【解析】
【考点定位】晶体的熔化和凝固图像
8．如图所示，给四个静止的物体同时施加方向相反的力F1和F2的作用，其中能继续保持静止的物体是（）
A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
试题分析：两个力不是作用在同一直线上，故不是一对平衡力，不能处于静止状态，故A错误；两个力作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，物体处于静止状态，故B正确；两个力的大小不相等，故不是一对平衡力，物体不能处于静止状态，故C错误；两个力作用在同一物体上，在一条直线上，大小不相等，方向相反，不是一对平衡力，物体不能处于静止状态，故D错误；故应选B。【考点定位】力与运动的关系
9．如图所示，塞子从试管口跳出，是由于水蒸气对塞子做了功，这个过程中能量的转化是（）
A．内能转化为机械能 B．化学能转化为内能 C．机械能转化为内能 D．只有内能的转移 【答案】A 【解析】
【考点定位】做功改变物体内能
10．如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（）
A．S1断开，滑片P在图示位置 B．S1闭合，滑片P在图示位置 C．S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端 D．S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端 【答案】D 【解析】
试题分析： S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I=可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I=可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确；故应选D。【考点定位】影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用
二、填空题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）11．如图所示，电熨斗利用电流的 效应工作，发光二极管具有单向导电性，它是利用 材料制成的．
【答案】热；半导体 【解析】
试题分析：电熨斗工作时，电能转化为内能，电熨斗是利用电流热效应工作的；发光二极管的主要材料是半导体。
【考点定位】电流的热效应、化学效应和磁效应；半导体的特点
12．海口“双创”以来，绿色出行的理念深入人心．小谦同学骑自行车上学，以自行车为参照物，小谦是 的，他以5m/s的速度，匀速直线骑行500m的时间是 s． 【答案】静止；100 【解析】
【考点定位】参照物及其选择；速度公式及其应用
13．教室的日光灯之间是 的（选填“串联”或“并联”），日光灯正常工作的电压是 V． 【答案】并联；220 【解析】
试题分析：教室的日光灯的额定电压，即正常工作电压都是220V，为了都能正常工作，并且互相不影响，各用电器之间都应该并联在照明电路中。【考点定位】串联电路和并联电路的辨别
14．在南海试开采可燃冰取得成功，说明我国的可燃冰开采技术居于世界领先水平．科学家估测，以目前的消费速度，地球上可燃冰储量可满足80至800年的全球天然气需要．可燃冰是（选填“可再生”或“不可再生”）能源．可燃冰在深海开采，某设备重100N，浸在水中排开海水重80N，它浸在海水中受到的浮力大小是 N． 【答案】不可再生；80 【解析】 试题分析：可燃冰燃烧后，短时间内不能恢复，属于不可再生能源；根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于其排开的液体受到的重力，即浮力等于排开的海水的重力80N。【考点定位】能源的分类；浮力大小的计算
15．6月4日的《南海日报》报道：“今年“荔枝王”重2两2”，即单颗荔枝的质量达到110g．110g= kg．若这颗荔枝的体积是1×10﹣4m3，它的密度是 kg/m3． 【答案】0.11；1.1×103 【解析】
试题分析： 110g=110×10kg=0.11kg；ρ==【考点定位】质量的单位换算；密度的计算
16．六月初，琼岛连日持续高温，局部最高气温达到42.1°C，此温度（选填“高于”或“低于”）人的正常体温．在地面上洒水降温，是利用水 吸热． 【答案】高于；汽化（蒸发）【解析】 ﹣
3=1.1×10kg/m。
33【考点定位】温度；汽化及汽化吸热的特点
17．如图所示，图甲不计滑轮重与摩擦，匀速提升重30N的物体，弹簧测力计的示数F= N，图乙杠杆水平平衡，则A、B两物体对杠杆的拉力大小关系是FA= FB．
【答案】10；2 【解析】
试题分析：由图甲可知，n=3，不计滑轮重与摩擦，则拉力的大小：F=G=×30N=10N；图乙杠杆水平平衡，设杠杆上每个格的相等为L，则A物体对杠杆拉力的力臂LA=2L，B物体对杠杆拉力的力臂LB=4L，由F1L1=F2L2可得，FALA=FBLB，则==
=2，即FA=2FB。
【考点定位】滑轮组绳子拉力的计算；杠杆的平衡条件
三、作图和实验题（第18题4分，第19题6分，第20题10分，共20分），按照要求作图（请用作图工具规范作图）
18．在图中画出入射光线AO的反射光线OB
【答案】如下图所示
【解析】
【考点定位】作光的反射光路图
19．在图中画出绳子对小车的拉力F的示意图
【答案】如下图所示
【解析】
试题分析：过拉力的作用点O，沿绳子的方向画一条有向线段，用F表示，即为绳子对小车的拉力F的示意图，如上图所示。【考点定位】力的示意图
20．如图所示，测量物体在水平面上运动时，受到的动摩擦力的大小．
（1）测量时，要用弹簧测力计拉着物体在水平面上做 运动．
（2）读出图丙中弹簧测力计的示数，可测出此次实验滑动摩擦力的大小是 N．
（3）比较甲、乙、丙三图测量结果，得到的结论是：在其他条件相同的情况下，越大，滑动摩擦力越大．
【答案】（1）匀速直线；（2）2.4；（3）压力 【解析】
【考点定位】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验
21．如图所示，图甲是课本上“通电导线在磁场中受力”的实验示意图，小谦同学实际探究时，在电路上连接了一个滑动变阻器，实验记录如下表：
（1）用笔画线代替导线，在乙图中将变阻器正确连入电路，小谦在电路中接入滑动变阻器的作用是 ．（2）比较实验2和3，说明通电导线在磁场中受力方向与 有关，比较实验，说明通电导线在磁场中受力方向与电流方向有关．
（3）小谦通过观察导线运动方向，来判断导线在磁场中受力方向，用到的科学方法是 ．
（4）小谦想在甲图的基础上对实验进行改造，来探究影响感应电流方向的因素，为了观察到明显的实验现象，他要把图甲中的电源换成图丙中的 ．
【答案】（1）如下图所示；保护电路；（2）磁场方向；
2、4；（3）转换法；（4）灵敏电流计
【解析】
方向，用到的科学方法是转换法；（4）探究影响感应电流方向的因素，为了观察到明显的实验现象，需要用灵敏电流计代替电源来显示产生感应电流的方向。【考点定位】磁场对通电导线的作用
四、综合应用题（第21题10分，第22题12分，共22分。）
22．有一台电动起重机，电动机的电功率是2.5×103W，它在30秒内将质量为1.5t的大石头沿竖直方向匀速提升2m．
（1）大石头的重力是多少N？（g取10N/kg）（2）起重机提升大石头消耗的电能是多少？（3）起重机提升大石头的效率是多少？
（4）写出一条提高起重机效率的合理建议： ．
【答案】（1）1.5×104N；（2）7.5×104J；（3）40%；（4）改进起重机结构，减小动滑轮重力 【解析】
试题分析：（1）大石头的重力：G=mg=1.5×10kg×10N/kg=1.5×10N；（2）根据P=可得，起重机提升大石头消耗的电能：W总
34=Pt=2.5×10W×30s=7.5×10J；（3）起重机提升石头做的有用功：W×100%=
4有=Gh=1.5×104N×2m=3×104J，起重机提升大石头的效率：η=×100%=40%；（4）提高机械效率的方法：①改进起重机结构，减小动滑轮重力；②经常保养，加润滑油，减小摩擦；③减小电动机内部导线电阻等。【考点定位】重力的计算；能量利用效率；电功的计算
23．如图所示，图甲是小谦同学研究调光灯的实验电路图，小灯泡规格是“6V 3W”，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P在A点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R1，电压表的示数为4V，当滑动变阻器滑片P在B点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R2，电压表的示数为2V，且R2=2R1，测绘出小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，电源电压保持不变．
（1）根据小灯泡的I﹣U图象判断，小灯泡的阻值是否恒定（选填“恒定”或“不恒定”），用物理知识解释其原因是 ．（2）小灯泡正常发光时的电流是多少A？
（3）小灯泡两端电压为2V时的实际功率是多少W？（4）电源电压是多少V？
【答案】（1）不恒定；灯丝电阻随温度改变而改变；（2）0.5A；（3）0.5W；（4）12V 【解析】，解得，R1=20Ω，R2=40Ω，代入②得，U=12V。【考点定位】电功率与电压、电流的关系；实际功率
第三篇：广西贵港市2017年中考物理真题试题(含解析1)
2017年广西贵港市中考物理试卷
一、选择题
1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（）A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的 B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能
C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的 D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力
2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电动车的下列说法，错误的是（）A．电动机是利用电磁感应原理制造的 B．电动车行驶时是电能转化为机械能 C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦 D．电源指示灯用到了半导体材料
3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（）
A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染
4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（）A．先升华后凝华，先吸热后放热 B．先汽化后凝固，先放热后吸热 C．先汽化后液化，先吸热后放热 D．先汽化后液化，先放热后吸热
5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（）
A．该科学家是否为这一领域的权威
B．该领域其他科学家的意见 C．该实验报告撰写的详细程度
D．他人能否重复其实验并得到相同的结果
6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（）
A．三脚插头的三个脚一样长 B．插孔E是用来接零线的 C．插孔L是用来接零线的
D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地
7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（）A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm 8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（）A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克 B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克 C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子 D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子
9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（）
A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N 10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（）
A．R0=8Ω
二、填空题 B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V 11．伟大的物理学家，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家 提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．
12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将 移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用 夹取．
13．使用弹簧测力计之前，要先 ．如图所示，所测物体M受到的重力是 ．
14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度 ．
15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是 A，小灯泡的电阻是 Ω．
16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的 冲程将内能转化为机械能，使汽车获 得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 来传递信息的．
17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数，电流表示数（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218 的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为
J．
19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为 Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为 W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．
20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×10kg/m，底面积为S0m，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为 N，水对容器底的压力为 N（水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg）．
3233
三、作图与实验题
21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射 后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向．
22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．
23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的力的示意图．
24．如图1所示，所测物体的长度是 cm．如图2所示，停表显示的时间是 s．
25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块、支架、一张纸、一个光屏、及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指 被烧痛（选填“会”或“不会”）．
26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．
（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）① ； ② ．
（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是 ．
27．（11分）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．
（1）连接电路时，开关应该是 的．
（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为 Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．
（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式． a、实验过程：
b、Rx的表达式：Rx= ．
四、解答题
28．（5分）“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×10J/（kg℃））29．（8分）如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg．试求：
（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；（2）细线被剪断后水面的高度差；（3）A、B两物块的密度．
3230．（9分）如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．
（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值 电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．
（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？
2017年广西贵港市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题
1．2017年4月22日，天舟一号与天宫二号实现自动交回对接，天宫二号空间实验室，是继天宫一号后中国自主研发的第二个空间实验室．下列说法正确的是（）A．天宫二号是靠超声波向地面传递信息的 B．天空二号在发射过程中，动能转化为重力势能
C．自动交回对接成功后，天舟一号相对于天宫二号是静止的 D．在空间实验室不能使用测力计测量手的握力
【考点】D2：电磁波的传播；53：运动和静止的相对性；76：重力；FU：动能和势能的转化与守恒．
【分析】（1）飞船在太空中是通过无线电波传递信号的．（2）根据速度和高度的变化分析；
（3）判断一个物体是否运动关键是看被研究的物体与所选的标准及参照物之间的相对位置是否发生了变化．如果发生变化，则为运动的，如果未发生变化，则为静止的．（4）太空中处于失重状态． 【解答】解：
A、超声波不能在真空中传播，电磁波可以在真空中传播，所以航天员和地面控制中心之间的信息是靠电磁波传递的，故A错误．
B、天空二号在发射过程中，速度变大，动能变大，高度变大，重力势能变大，不是动能和势能的转化，故B错误；
C、天舟一号相对于天宫二号的相对位置没有发生变化，所以是静止的，故C正确． D、太空中虽然失重，但弹力依然存在，所以用用握力棒锻炼臂力是可行的，故D错误． 故选C．
【点评】通过飞船的发射，考查运动与静止的相对性、声音的传播条件、电磁波的英语等知识点；从一个大的场景挖掘物理知识，是近几年比较流行的题目．
2．2017年1月4日人民网报道，广西贵港建成中国•东盟新能源电动车生产基地，关于电 动车的下列说法，错误的是（）A．电动机是利用电磁感应原理制造的 B．电动车行驶时是电能转化为机械能 C．轮胎凹凸不平的花纹是为了增大摩擦 D．电源指示灯用到了半导体材料
【考点】CM：直流电动机的原理；42：半导体的特点；43：半导体的作用；7I：增大或减小摩擦的方法．
【分析】（1）电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的；（2）电动机工作时，将电能转化为机械能；
（3）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（4）二极管都是由半导体材料制成的．
【解答】解：A、电动机是利用通电导体在磁场中受力的作用的原理制成的，故A错误； D、电动车行驶时消耗了电能，获得了机械能，所以是将电能转化为机械能，故B正确； C、轮胎上凹凸不平的花纹，增大了接触面的粗糙程度，从而增大了摩擦，故C正确； D、电源指示灯是发光二极管，是利用半导体材料制成的，故D正确． 故选A．
【点评】此题考查了电动机的原理、能量转化、增大摩擦的方法、半导体等知识点，是一道综合题．
3．贵港市城市建设和管理越来越注重以人为本．如金港大道两旁植树造林，穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房，跳广场舞的大妈要把音量调小一些等，这些措施的共同目的是（）
A．绿化美化环境 B．减小噪声污染 C．减小大气污染 D．减小水污染 【考点】9J：噪声及来源．
【分析】减弱噪声噪声污染主要从三种方式上来进行：一是在声源处减弱，二是在传播过程中减弱，三是在接收处减弱． 【解答】解：
金港大道两旁植树造林、穿城而过的南广高铁两旁建有隔音房能阻断噪声的传播，跳广场舞的大妈要把音量调小一些是从声源处减弱噪声，故这些措施都是为了减小噪声污染． 关系B． 【点评】本题考查了减小噪声污染的方法，与实际生活密切联系．要求平时学习时，要多联系生活、多解释，提高分析解决问题的能力．
4．缺水已是一个世界性的普遍现象，因此我们要珍惜每一滴水，海水淡化是解决缺水问题的方法之一．现在所用的海水淡化的方法有很多种，其中一种是蒸馏法，即先将海水中的水汽化而把盐留下，再将水蒸气冷凝为液态的水．关于以上过程涉及的物态变化和吸（放）热情况，下列说法正确的是（）A．先升华后凝华，先吸热后放热 B．先汽化后凝固，先放热后吸热 C．先汽化后液化，先吸热后放热 D．先汽化后液化，先放热后吸热
【考点】1H：汽化及汽化吸热的特点；1M：液化及液化现象．
【分析】物质由液态变成气态的过程叫做汽化，由气态变成液态的过程叫做液化，汽化吸热，液化放热，这两个过程是相反的． 【解答】解：
将海水中的水蒸发由液态变成气态，属于汽化现象，再将水蒸气冷凝为液态的水是气态变成液态，属于液化现象．其中汽化吸收热量，液化放出热量． 故选C．
【点评】本题主要考查了常见的汽化和液化现象在生活中的应用，把握住物态变化的概念是解题的关键．
5．当一位科学家通过实验宣称在某领域获得一项重要发现时，判断这一发现是否可信的最好理由是（）
A．该科学家是否为这一领域的权威 B．该领域其他科学家的意见 C．该实验报告撰写的详细程度
D．他人能否重复其实验并得到相同的结果 【考点】2R：物理常识．
【分析】此题考查的是实验的重复原则．为了减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性，应考虑增加重复次数，反复验证实验结果． 【解答】解：正确的结论是经得住实践检验的．如何减小实验结果的偶然性，提高实验的准确性：控制实验只有一个变量，设置对照实验，多次实验，重复实验，反复探索，不断改进探究方法．因此，选项D符合题意． 故选D．
【点评】实验设计的原则：单一变量、设置对照组、多次重复、科学合理．
6．如图所示是家庭电路中的三孔插座和三脚插头示意图．下列说法正确的是（）
A．三脚插头的三个脚一样长 B．插孔E是用来接零线的 C．插孔L是用来接零线的
D．标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地 【考点】IT：插座的构造与工作方式．
【分析】三孔插座的接法是左零右火上接地，三脚插头的接法是中上的要与用电器外壳相连． 【解答】解：A、三脚插头最上面的那个脚是由于接地的，所以比其它的两个要长，即便于及早接地，使用时更为安全，故A错误；
BC、据其使用可知，E是解地线的，L是解火线的，N是接零线的，故BC错误；
D，据A可知，标有“E”的插脚能保证插入插座时，确保用电器外壳先接地，故D正确； 故选D．
【点评】此题考查了三孔插座的解法和正确使用，是一道基础题目．
7．大山同学做“探究凸透镜成像”的实验，当他把烛焰移到距透镜39cm的地方时，在光屏上观察到倒立缩小的像，则该凸透镜的焦距不可能的是（）A．5cm B．10cm C．15cm D．20cm 【考点】B7：凸透镜成像规律及其探究实验．
【分析】根据凸透镜成像规律中的当u＞2f时，光屏上呈现倒立、缩小的实像，解不等式即可得出结论．
【解答】解：把蜡烛放在距离凸透镜39cm的某一位置时，在透镜另一侧得到一个清晰的，倒立的、缩小的像，则u＞2f，即39cm＞2f，解得f＜19.5cm，则选项ABC都符合，只有D选项是不可能的． 故选D．
【点评】此题考查了对凸透镜成像规律的理解，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，同时注意其应用．此题中解不等式是关键，还要注意的是选择的是：“凸透镜的焦距不可能”，审题要仔细，认真．
8．下列各项排列中，按照尺度的数量级由大到小排列的是（）A．银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克 B．太阳系、银河系、地球、生物体、原子核、分子、电子、夸克 C．银河系、太阳系、地球、生物体、原子核、分子、夸克、电子 D．太阳系、银河系、地球、生物体、分子、原子核、夸克、电子 【考点】36：从微观到宏观的尺度．
【分析】（1）宇宙中拥有数十亿个星系，银河系只是这数十亿个星系中的一个，太阳只不过是银河系中几千亿颗恒星中的一员，太阳周围存在八大行星，地球只是其中的一个；（2）物质是由分子组成的，分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子组成的，而夸克则是比质子更小的微粒．
【解答】解：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子核、电子、夸克，按照尺度的数量级由大到小排列是：银河系、太阳系、地球、生物体、分子、原子，电子、夸克，故A正确，BCD错误． 故选A．
【点评】本题考查了学生对宏观世界和微观世界物质尺度的了解，属于基础的考查，比较简单．
9．如图所示，弹簧测力计和细线的重力及一切摩擦均不计，物重G=5N，则弹簧测力计A和B的示数分别为（）
A．5N，0N B．0N，5N C．5N，5N D．5N，10N 【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．
【分析】当弹簧测力计受到平衡力时静止，在挂钩和拉环上施加大小相等、方向相反的力时，测力计示数显示其中一个力的大小；定滑轮的工作特点是只改变力的方向，不改变力的大小． 【解答】解：因为物重G=5N，所以A弹簧测力计受到向右5N的拉力，静止，向左受的拉力也是5N，示数也为5N；
同理，B测力计两端受的力都是5N，示数也为5N． 故选C．
【点评】此题考查了二力平衡条件的应用，根据物体处于静止状态，得出物体受平衡力的作用，从而得出测力计的示数，同时涉及到了定滑轮的特点．
10．如图所示，电源电压U保持不变，R0为定值电阻，滑动变阻器R1的最大阻值为R1′．当滑片P在a端时，R0消耗的电功率为6W；当滑片P在b端时，电流表的示数为0.2A，且滑片P在a端时电压表示数U1与滑片P在b端时电压表示数U2之比U1：U2=5：1．则（）
A．R0=8Ω B．R1′=24Ω C．U1=9V D．U=20V 【考点】IH：欧姆定律的应用；J9：电功率与电压、电流的关系．
【分析】由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压；当滑片P在b端时，R0与R′串联，电压表测R0两端的电压，根据欧姆定律求出滑片位于a端和b端时电路中的电流之比，然后求出滑片位于a端时电路中的电流，根据P=UI表示出R0消耗的电功率即可求出电源的电压，根据欧姆定律求出R0的阻值，再根据欧姆定律求出滑片位于b端时电路中的总电阻，利用电阻的串联求出R1′的阻值． 【解答】解：
由电路图可知，当滑片P在a端时，电路为R0的简单电路，电压表测电源的电压，即U1=U； 当滑片P在b端时，R0与R1′串联，电压表测R0两端的电压，示数为U2，设前后两次电路中的电流分别为I1、I2，已知U1：U2=5：1，由I=可得：
===，则滑片位于a端时电路中的电流： I1=5I2=5×0.2A=1A，由P=UI可得，电源的电压： U=U1===6V，故CD错误；
R0的阻值： R0===6Ω，故A错误；
滑片位于b端时，R0与R1′串联，电路中的总电阻： R===30Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器的最大阻值： R1′=R﹣R0=30Ω﹣6Ω=24Ω，故B正确． 故选B．
【点评】本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，要注意电压表所测电路元件的判断．
二、填空题
11．伟大的物理学家 牛顿，在前人的研究积累上，建立了著名的运动定律，奠定了经典物理学基础，20世纪杰出的物理学家 爱因斯坦 提出了相对论，从根本上冲击了经典物理学体系．
【考点】2R：物理常识．
【分析】根据我们对于牛顿的物理学成就和相对论的了解进行解答． 【解答】解：
英国物理学家牛顿提出了力学三大定律和万有引力定律，揭示了天上和地下一切物体运动的普遍规律，奠定了经典物理学基础． 著名的相对论是20世纪杰出的物理学家爱因斯坦提出的． 故答案为：牛顿；爱因斯坦．
【点评】多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，所以考试中也时有涉及，在学习中应注意．
12．使用天平时，应将天平放在水平台上，使用前，将 游码 移至称量标尺左端的“0”刻度线上；取砝码时，必须用 镊子 夹取． 【考点】26：天平的使用．
【分析】托盘天平的使用，包括以下步骤：放置；调节平衡螺母使横梁平衡；放物体；加减砝码，移动游码使横梁恢复平衡．
【解答】解：使用天平时，应将天平放在水平桌面上．在调节横梁平衡时，首先要将游码移到标尺左端的零刻线处称量物体时，要将物体放在左盘里，用镊子在右盘里加减砝码移动游码．
故答案为：游码；镊子．
【点评】此题综合了托盘天平使用中的放置、调节、放置物体、加减砝码等各方面的内容．题目的难度不大，综合性较强．
13．使用弹簧测力计之前，要先 观察弹簧测力计的量程和分度值 ．如图所示，所测物体M受到的重力是 3.6N ．
【考点】74：弹簧测力计的使用与读数．
【分析】首先观察弹簧测力计的量程和分度值，然后根据所示的指针位置进行读数，得出物体重力．
【解答】解：由图知：此弹簧测力计的最大刻度值为5N，故其测量范围是0～5N，分度值是0.2N；
此时指针所示物体受到的重力为：3N+0.2N×3=3.6N． 故答案为：观察弹簧测力计的量程和分度值；3.6N．
【点评】本题考查弹簧测力计的读数，较为简单，认清弹簧测力计的量程和分度值即可．
14．2017年5月5日，中国自己的大飞机C919首飞成功，举国欢庆．世界上多了一款属于中国的完全按照世界先进标准研制的大型客机．飞机的机翼通常都做成上表面 呈弧形凸起，下表面平直的形状．当飞机在空中飞行时，流过机翼上方的空气速度比流过机翼下方的空气速度 大 ． 【考点】8L：飞机的升力．
【分析】（1）机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起；（2）飞机是利用流体的压强与流速的关系来产生升力的．
【解答】解：机翼的下表面平直，上表面呈弧形凸起．当飞机起飞时，飞机上方的空气流速大、压强小，下方流速小、压强大，就会产生一个向上的压力差，这就是飞机升力的产生原因．
故答案为：呈弧形凸起；大．
【点评】此题考查流体压强和流速的关系，解决本题的关键是了解机翼的形状，找出机翼上下方空气流速的特点．
15．大山同学测量额定电压为3.8V的小灯泡的额定功率，当小灯泡正常发光时，电流表的示数如图所示，则通过小灯泡的电流是 0.38 A，小灯泡的电阻是 10 Ω．
【考点】HY：电流表的读数方法；IH：欧姆定律的应用．
【分析】当灯泡电压等于额定电压2.5V时灯泡正常发光；根据图乙确定电流表的量程与最小分度值，根据根据电流表指针位置读出电流表示数，然后由公式R=求出小灯泡正常发光时的阻值．
【解答】解：调节滑动变阻器的滑片，当电压表示数等于灯泡额定电压3.8V时，灯泡正常发光；
由图乙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.38A；
小灯泡正常发光时的阻值：R==故答案为：3.8；10；
=10Ω．
【点评】本题考查电流表的读数和欧姆定律的应用，关键是要明确灯泡正常发光时，灯泡两端电压等于灯泡的额定电压．
16．汽车已经广泛进入家庭．四冲程汽油机的 做功 冲程将内能转化为机械能，使汽车获得前进的动力．汽车导航仪与卫星之间是通过 电磁波 来传递信息的． 【考点】GM：内燃机的四个冲程；D2：电磁波的传播．
【分析】（1）内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程．其中压缩冲程将机械能转化为内能；做功冲程将内能转化为机械能．（2）卫星通讯利用了电磁波来传递信息． 【解答】解：
（1）在汽油机的四个冲程中，做功冲程高温高压的燃气对活塞做功，将内能转化为机械能；（2）汽车导航仪与卫星之间是通过电磁波来传递信息的． 故答案为：做功；电磁波．
【点评】此题主要考查了四个冲程中的能量转化情况，要知道在压缩冲程与做功冲程发生了能量的转化，转化情况正好相反．同时，还考查了卫星通讯中电磁波的传播知识．
17．我国法律规定，驾驶员醉驾要负刑事责任．为了判断驾驶员是否酒后驾车，交警需要用酒精测试仪对驾驶员进行检测．如图所示是酒精测试仪的原理图，图中R1为定值电阻，R2为酒精气敏电阻，电源电压保持不变，R2的阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气敏电阻测试到酒精气体浓度增加时，电压表示数 变大，电流表示数 变大（选填“变大”、“变小”或“不变”）．
【考点】IZ：电路的动态分析．
【分析】由电路图可知，定值电阻与气敏电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；根据题意可知如果测试到的酒精气体浓度越大传感器电阻越小，根据欧姆定律可知电路中的电流的变化和电压表示数的变化． 【解答】解：
由电路图可知，定值电阻R1与气敏电阻R2串联，电压表测量定值电阻两端的电压； 如果测试到的酒精气体浓度越大，则气敏电阻的阻值越小，电路中的总电阻越小； 根据I=可知，电路中的电流越大，即电流表示数越大；
根据U=IR可知，定值电阻R1两端的电压越大，即电压表的示数越大． 故答案为：变大；变大．
【点评】解本题的关键是由题干获取酒精气体传感器特性的信息：酒精气体传感器的电阻随酒精气体浓度的增大而减小．
18．大山同学在中考体育考试中立定跳远跳出了218 cm 的好成绩（填适当的单位）．小芳同学用60N的力投出的实心球在空中画了一条优美的弧线．若实心球重为20N，小芳投出了6.3m的距离，球最高点距地面2.6m，则球在空中飞行的过程中，小芳对球所做的功为 0 J．
【考点】EC：功的计算．
【分析】（1）对生活中的某些长度值要有大致的认识；
（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离．
【解答】解：（1）学生立定跳远的成绩一般在2m以上，即200cm以上；故填218cm符合实际；
（2）功包含两个必要因素：作用在物体上的力和力的方向上通过的距离；而球在空中飞行的过程中，不再受小芳的力，故小芳对球所做的功为0； 故答案为：cm；0．
【点评】对生活中常见长度进行合理的估计，深入理解做功的必要因素；是解答此题的关键．
19．如图所示的电路中，电源电压为18V且保持不变．当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，电流表示数为1.5A；当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，电压表示数为9V，则滑动变阻器的最大阻值为 36 Ω；若电压表量程为0﹣15V，断开开关S，灯泡的最小功率为 2 W（不考虑温度对灯丝电阻的影响）．
【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，根据并联电路的特点和欧姆定律表示出电流表的示数；当S断开，滑片P滑至中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端的电压，根据欧姆定律分别表示出电路中的电流，利用串联电路的电流特点得出等式得出电阻之间的关系，然后联立等式即可求出滑动变阻器的最大阻值和灯泡的电阻；
（2）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻最大时电路中的电流，根据欧姆定律求出电压表的示数，然后与电压表的示数相比较确定电路中的最小电流，根据P=IR求出灯泡的最小功率．
【解答】解：（1）当开关S闭合，滑动变阻器的滑片P滑至a端时，灯泡L与R的最大阻值并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，且干路电流等于各支路电流之和，所以，由I=可得： I=IL+IR=+=+
=1.5A﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣① 2当S断开，滑片P滑到变阻器中点时，灯泡L与R串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压： UL=U﹣UR=18V﹣9V=9V，因串联电路中各处的电流相等，所以，=，即
=，解得：R=2RL﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣② 由①和②解得：R=36Ω，RL=18Ω；
（2）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流： I′===A，滑动变阻器两端的电压： UR′=I′R=A×36Ω=12V＜18V，所以，电路中的最小电流为A，则灯泡的最小功率：
PL小=（I′）2RL=（A）2×18Ω=2W． 故答案为：36；2．
【点评】本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和知道灯泡正常发光时的电压与额定电压相等是关键．
20．如图所示，高为0.3m的圆柱形容器内盛有0.1m深的水．现将一密度为2×103kg/m3，底面积为S0m，高为0.15m的圆柱形物块竖直放入水中，已知容器底面积为物块底面积的5倍，则物块静止在水中时（物块与容器底不密合），物块受到的浮力为 1250S0 N，水对容器底的压力为 6250S0 N（水的密度为1.0×10kg/m，g取10N/kg）．
332
【考点】86：压强的大小及其计算；81：压力及重力与压力的区别；8P：浮力大小的计算． 【分析】根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，再根据V=Sh求出圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积，比较两者的关系判断出容器内的水没有浸没圆柱体，然后求出圆柱体放入容器后水的深度，进一步求出圆柱体排开水的体积，根据阿基米德原理求出物块受到的浮力；根据p=ρgh求出水对容器底的压强，利用F=pS求出水对容器底的压力． 【解答】解：圆柱形容器内水的体积： V水=S容h水=5S0m2×0.1m=0.5S0m3，圆柱形物块刚好浸没时需要水的体积：
V水′=（S容﹣S0m2）h圆柱体=（5S0m2﹣S0m2）×0.15m=0.6S0m3，因V水＜V水′，所以，容器内的水没有浸没圆柱体，则圆柱体放入容器后水的深度： h===0.125m，圆柱体排开水的体积： V排=S0mh=0.125S0m，物块受到的浮力： F浮=ρ水23gV排=1.0×10kg/m×10N/kg×0.125S0m=1250S0N； 333水对容器底的压强： p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.125m=1250Pa，由p=可得，水对容器底的压力： F=pS容=1250Pa×5S0m=6250S0N． 故答案为：1250S0；6250S0．
【点评】本题考查了阿基米德原理和液体压强公式、压强定义式的应用，正确的判断出容器内的水没有浸没圆柱体是关键．
三、作图与实验题
21．如图所示，S为竖直放置的玻璃砖前的一发光点，由S发出的光经平直玻璃面AB反射后通过M点，请在图中画出入射光线和反射光线以及该入射光在玻璃砖中的折射光线的大致方向． 2
【考点】A8：作光的反射光路图；AN：作光的折射光路图．
【分析】（1）根据平面镜成像的特点作图．由于物与像关于镜面对称，先作出S的像点S′，连接S′M，交于镜面于一点，即为入射点，再完成光路；
（2）光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的两侧，折射角小于入射角．
【解答】解：先通过玻璃砖作出发光点S的对称点S′，然后连接S′M交玻璃砖AB面于点O，OM即为反射光线，连接SO即为入射光线；
再过入射点作法线，根据光从空气斜射入其他透明介质，折射光线和入射光线分居在法线的 两侧，折射角小于入射角作出该入射光在玻璃砖中的折射光线．如图所示：
【点评】此题综合考查平面镜成像作图、光的反射定律、光的折射定律作图，难度不大，属于基础作图题．
22．如图所示，当给电磁铁M通电，发现弹簧开始被压缩，过一会儿，条形磁铁和弹簧重新处于静止．此时把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短．请用笔画线代替导线，把电路连接完整（导线不能交叉，弹簧在其弹性范围内）．
【考点】CI：电磁铁的其他应用．
【分析】弹簧的长度的变化是由条形磁体对弹簧拉力的变化引起的．电磁铁对条形磁体作用力的变化是由其磁性强弱的变化引起的，因此从影响电磁铁的磁性强弱因素的变化入手分析解决此题．
【解答】解：弹簧的长度逐渐变短，说明磁铁受到的斥力变大，故螺旋管的上端为S极，根据安培定则可知，电磁铁的上端应接电源的正极；把滑动变阻器的滑片P向B端滑动，弹簧的长度逐渐变短，说明此时的电流变大，故应接滑动变阻器的B接线柱，如图所示：
．
【点评】本题将电路知识及磁场知识结合在一起考查了学生综合分析的能力，要求学生能灵活运用所学知识进行综合分析从而找出正确答案．
23．如图所示，两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，请画出小球A所受到的 23 力的示意图．
【考点】6H：力的示意图；H8：电荷间的相互作用规律．
【分析】对小球A进行受力分析，然后按照力的示意图的画法画出各个力即可．
【解答】解：两个悬挂着的带相同电荷的小球A和B处于静止，小球A除受到竖直向下的重力、沿绳子向上的拉力外，还受到B对它向左的排斥力，过小球A的重心，分别沿各力的方向画一条带箭头的线段，即为其所受各力的示意图，如图所示：
【点评】画力的示意图的一般步骤为：一画简图二定点，三画线，四画尖，五把力的符号标尖边．按照这个作图步骤，很容易能够画出指定力的示意图．
24．如图1所示，所测物体的长度是 2.50 cm．如图2所示，停表显示的时间是 50 s．
【考点】64：长度的测量；62：时间的测量．
【分析】（1）刻度尺上最小的一格代表的长度是刻度尺的分度值．使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；测量时要观察是否从0刻度线量起，起始端没从0开始，要以某一刻度当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去前面的刻度即为物体长度，注意刻度尺要估读到分度值的下一位．
（2）停表的中间的表盘代表分钟，周围的大表盘代表秒，秒表读数是两个表盘的示数之和． 【解答】解：
24（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以一个小格代表的长度是0.1cm，即此刻度尺的分度值为0.1cm；物体左侧与0.00cm对齐，右侧与2.50cm对齐，所以物体的长度为L=2.50cm；（2）在停表的中间表盘上，1min中间有两个小格，所以一个小格代表0.5min，指针在“0”和“1”之间，偏向“1”一侧，所以分针指示的时间为0min；
在停表的大表盘上，1s之间有1个小格，所以一个小格代表1s，指针在50s处，所以秒针指示的时间为50s，即秒表的读数为50s． 故答案为：2.50；50．
【点评】本题考查了刻度尺与停表的读数问题，是一道基础题，要掌握常用器材的使用及读数方法．
25．探究平面成像的特点的实验需要的器材；两支相同的蜡烛、一块 玻璃板、支架、一张纸、一个光屏、刻度尺 及火柴．实验情况如图所示，放在“烛焰”上的手指 不会 被烧痛（选填“会”或“不会”）．
【考点】AE：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．
【分析】在平面镜成像实验中采用的器材为玻璃板，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小．从平面镜成的是虚像这个特点去分析，很容易得出第三空的答案．
【解答】解：玻璃板是透明的，不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确定像的位置，及物像的大小，保证实验效果． 实验中需要用刻度尺来测量物距和像距的关系；
根据平面镜成像特点可知，平面镜成的像是虚像，玻璃板另一侧没有蜡烛，所以放在“烛焰“上的手指 不会烧痛．
故答案为：玻璃板；刻度尺；不会．
【点评】本题主要考查了探究平面镜成像的特点实验．不仅要熟练掌握平面镜成像的特点，还要学会利用其特点解决一些实际问题．
26．在探究杠杆的平衡条件的实验中，25（1）如图甲所示，为了使杠杆在水平位置平衡，应该向 右 移动右端的螺母（选填“左”或“右”）．
（2）实验时只有10个相同的钩码，杠杆上每格等距，当在A点挂3个钩码时，如图乙所示，则怎样挂钩码可以使杠杆在水平位置平衡？（请设计两种方案）① 在G处挂2个钩码 ； ② 在E处挂3个钩码 ．
（3）通过对是雅安数据进行分析处理，可得出结论：杠杆平衡条件是 F1L1=F2L2 ．
【考点】7U：探究杠杆的平衡条件实验．
【分析】（1）在调节杠杆在水平位置平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动；（2）根据杠杆平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂进行解答；（3）杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．
【解答】解：（1）如图甲，杠杆的右端上翘，无论左端或右端的平衡螺母都要向上翘的右端移动；
（2）设一钩码重为G，一格为L，则杠杆在水平位置平衡时：左边=3G×4L=12GL，右边=2G×6L=3G×4L=4G×3L=6G×2L=12GL，所以可以在G处挂2个钩码，或在E处挂3个钩码、或在D处挂4个钩码、或在C处挂6个钩码；
（3）经过实验探究得出杠杆平衡条件：F1L1=F2L2．
故答案为：（1）右；（3）①在G处挂2个钩码；②在E处挂3个钩码；（3）F1L1=F2L2． 【点评】本题考查了杠杆平衡的调节和杠杆平衡条件的应用，正确运用杠杆平衡条件是关键．
27．（11分）（2017•贵港）用伏安法测电阻，实验电路如图甲所示．
（1）连接电路时，开关应该是 断开 的．
（2）大山同学在实验中的某次测量，电压表与电流表的读数如图乙所示，则此时待测电阻的阻值为 8 Ω．请你根据图甲的电路图，在图丙中用笔画线代替导线帮大山同学连接实物图（导线不能交叉）．
（3）实验中，如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，被测电阻的阻值为Rx，电源电压保持不变，但电源电压未知，请你利用剩下的器材测出Rx，先在右边方框内画出此时的实验电路图，再简要写出实验过程和计算Rx的表达式．
a、实验过程： ①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．
b、Rx的表达式：Rx=
．
【考点】IM：伏安法测电阻的探究实验．
【分析】（1）为了保护电路元件，在连接电路时，开关要断开；
（2）根据欧姆定律计算小灯泡灯丝的电阻值；确定电压表和电流表的量程，将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；注意滑动变阻器按一上一下的原则接线；
（3）由于没有电压表，滑动变阻器的最大阻值已知，可以将滑动变阻器看做一个定值电阻，使滑动变阻器的阻值为零，测出电流，使其阻值最大，测出电流，根据电源电压不变的特点列出关系式，求出位置电阻的阻值． 【解答】解：
27（1）在连接电路时开关应该处于断开状态；
（2）由图乙可知，通过小灯泡的电流I=0.3A，小灯泡两端的电压U=2.4V，此时小灯泡灯丝的电阻值R==
=8Ω；
由图乙可知，电压表的量程为0～3V；电流表的量程为0～0.6A；将电流表、被测电阻以及滑动变阻器串联连接，电压表并联在被测电阻两端；滑动变阻器按一上一下的原则接线；如下图所示：
（3）如果电压表突然损坏，已知滑动变阻器的最大阻值为R，电源电压保持不变，画出此时的实验电路图如下：
．
a实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R． b、因电源电压保持不变，所以I1Rx=I2Rx+I2R，则Rx的表达式为：Rx=故答案为：（1）断开；（2）8；如上图；（3）如上图；
实验步骤：①测量时，先将滑片移至最右端，测出此时的电流I1，则电源电压U=I1Rx； ②将滑片移至最左端，测出此时的电流I2，则电源电压U=I2Rx+I2R．
．
表达式：．
【点评】用伏安法测电阻，需用电压表与电阻并联，电流表与电阻串联，此题主要考查了电路的连接及电路故障的分析情况，其中第（3）小题，在没有电压表的情况下，根据电源电压不变的特点及欧姆定律测出了未知电阻的阻值，是本题的难点．
四、解答题
28．“可燃冰”是未来洁净的新能源．2017年5月，我国首次可燃冰试采成功．可燃冰具有热值大，能直接点燃等特点，她的热值约为5.9×109J/m3．问完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为多少kg的20℃的水温度升高到100℃？（水的比热容为4.2×103J/（kg℃））【考点】GG：热量的计算．
【分析】知道可燃冰的体积和热值，利用Q放=Vq求1m的可燃冰完全燃烧后放出的热量． 由题知Q吸=Q放，再利用Q吸=cm△t公式变形可求得可使多少千克的水从20℃升高到100℃． 【解答】解：
1m的可燃冰完全燃烧后放出的热量： Q放=Vq=1m3×5.9×109J/m3=5.9×109J． 由题知，水吸收的热量：Q吸=Q放=5.9×10J，由Q吸=cm（t﹣t0）可得加热水的质量： m==
≈17560kg．
33答：完全燃烧1m3的可燃冰能使质量约为17560kg的20℃的水温度升高到100℃． 【点评】本题考查了燃料完全燃烧放热公式Q放=Vq和吸热公式的掌握和运用，认识了新能源﹣﹣﹣可燃冰，增强了积极开发新能源的意识！
29．如图甲所示，放在水平桌面上的圆柱形容器的底面积为100cm，装有20cm深的水，容器的质量为0.02kg，厚度忽略不计．A、B是由密度不同的材料制成的两实心物块，已知B物块的体积是A物块体积的．当把A、B两物块用细线相连放入水中时，两物块恰好悬浮，且没有水溢出，如图乙所示，现剪断细线，A物块上浮，稳定后水对容器底的压强变化了60Pa，物块A有体积露出水面．已知水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg．试求：
2（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强；（2）细线被剪断后水面的高度差；（3）A、B两物块的密度．
【考点】86：压强的大小及其计算；8O：阿基米德原理．
【分析】（1）根据V=Sh求出圆柱形容器内水的体积，根据ρ=求出水的质量，容器对水平桌面的压力等于容器和水的重力之和，根据F=G=mg求出其大小，利用p=水平桌面的压强；
（2）知道剪断细线后水对容器底的压强变化量，根据p=ρgh求出细线被剪断后水面的高度差；
（3）细线被剪断后A漂浮，由物块A有体积露出水面可求排开水的体积，根据漂浮条件和F浮=ρ液
求出容器对gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出A的密度；物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，据此求出A的体积，进一步求出B的体积；剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，根据F浮=ρ密度．
【解答】解：（1）圆柱形容器内水的体积： V水=S容h水=100cm×20cm=2000cm，由ρ=可得，水的质量： m水=ρ水
23液
gV排、G=mg=ρVg得出等式即可求出B物体的V水=1.0g/cm3×2000cm3=2000g=2kg，容器对水平桌面的压力：
F=G总=（m容+m水）g=（0.02kg+2kg）×10N/kg=20.2N，容器对水平桌面的压强： p===2020Pa；
（2）由p=ρgh可得，细线被剪断后水面的高度差： △h==
=6×10﹣3m=0.6cm；
30（3）细线被剪断后A漂浮，物块A有体积露出水面，则V排A=VA，因物体漂浮时受到的浮力和自身的重力相等，所以，由F浮=ρgV排和G=mg=ρVg可得： ρ水gV排A=ρAVAg，ρ=×1.0×10kg/m=0.75×10kg/m；
3则ρA=水物块A有体积露出水面，则A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等，即VA=S容△h，则物体A的体积：
VA=4S容△h=4×100cm×0.6cm=240cm，VB=VA=×240cm=30cm，剪断细线前，AB两物块恰好悬浮，则 ρ水
3g（VA+VB）=ρAVAg+ρBVBg，B物体的密度： ρB=ρ﹣
ρA=
×1.0×103kg/m3﹣
×0.75×水103kg/m3=3×103kg/m3．
答：（1）如图甲所示，容器对水平桌面的压强为2020Pa；（2）细线被剪断后水面的高度差为0.6cm；
（3）A物块的密度为0.75×103kg/m3，B物块的密度为3×103kg/m3．
【点评】本题考查了压强定义式和液体压强公式、物体浮沉条件、阿基米德原理、密度公式、重力公式的综合应用，知道A露出水面的体积和容器内减少水的体积相等是关键．
30．如图甲所示，电源电压保持不变，R2为0﹣20Ω的滑动变阻器．A1的量程为0.6A，A2的量程为3A，V1的量程为15V，V2的量程为3V，不考虑温度对灯丝电阻的影响，定值电阻R1的I﹣﹣U关系图象如图乙所示．
（1）当S1、S2都闭合时，A2读数为1.25A，V1读数为6V，小灯泡L恰好正常发光，求定值电阻R1的阻值和小灯泡的额定功率．
（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，求滑动变阻器允许连入电路的阻值范围．（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，求小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是多少？该电路通电80s至少能产生多少热量？ 【考点】IH：欧姆定律的应用；JA：电功率的计算．
【分析】（1）当S1、S2都闭合时，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，根据并联电路的电压特点可知两元件两端的电压，根据图乙读出通过R1的电流，根据欧姆定律求出R1的阻值，根据并联电路的电流特点求出通过灯泡的电流，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，比较灯泡的额定电流和A1的量程确定电路中的最大电流，此时变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出电路中的总电阻和灯泡的电阻，根据电阻的串联求出变阻器接入电路中的最小阻值；当电压表V2的示数最大时变阻器接入电路中的电阻最大，根据串联电路的电压特点求出灯泡两端电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，再根据欧姆定律求出变阻器接入电路中的最大阻值，进一步得出变阻器阻值的范围；
（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，根据P=I2R求出小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比；当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，根据Q=W=UIt求出该电路通电80s产生的热量． 【解答】解：
32（1）当S1、S2都闭合时，R2被短路，R1与L并联，电流表A2测干路电流，电压表V1测电源的电压，因并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光，所以，灯泡的额定电压UL=U1=U=6V，由图乙可知，通过R1的电流I1=0.5A，由I=可得，R1的阻值：
R1===12Ω，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，通过灯泡的电流： IL=I﹣I1=1.25A﹣0.5A=0.75A，则小灯泡的额定功率： PL=ULIL=6V×0.75A=4.5W；
（2）当S1、S2都断开时，灯泡L与R2串联，电压表V2测R2两端的电压，电流表A1测电路中的电流，因串联电路中各处的电流相等，电流表A1的量程为0.6A，灯泡的额定电流为0.75A，所以，电路中的最大电流I大=0.6A，此时滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路中的总电阻为： R===10Ω，由1小题可得灯泡的电阻：RL===8Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的最小阻值： R2小=R﹣RL=10Ω﹣8Ω=2Ω；
当电压表V2的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压： UL′=U﹣U2=6V﹣3V=3V，此时电路中的电流：
I小===0.375A，则滑动变阻器接入电路中的最大阻值： R2大===8Ω，所以，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；
（3）当S1、S2都断开时，当电路中的电流最大时灯泡的电功率最大，当电路中的电流最小时灯泡的电功率最小，由P=I2R可得，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比：
===
=
；
当电路中的电流最小时，电路产生的热量最少，则该电路通电80s至少产生的热量： Q=W=UI小t=6V×0.375A×80s=180J．
答：（1）定值电阻R1的阻值为12Ω，小灯泡的额定功率为4.5W；
（2）当S1、S2都断开时，为保证各表的安全使用，滑动变阻器允许连入电路的阻值范围为2Ω～8Ω；
（3）当S1、S2都断开时，在各表均能正常工作的情况下，小灯泡L消耗的最大功率与最小功率之比是64：25，该电路通电80s至少能产生180J的热量．
【点评】本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、电功公式的应用，分清电路的连接方式和变阻器接入电路中最大、最小阻值的判断是关键．
第四篇：2018年广西桂林中考真题物理
年广西桂林市中考真题物理
一、单项选择题(每小题3分，共36分。用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，每小题逸对的得3分，不远、多选或选错的均得0分)请将答案填在答题卡上。
1.下列能源中属于可再生能源的是()A.风能 B.石油 C.煤 D.天然气
解析：本题考查的是：能源的分类。
煤、石油和天然气是化石能源，不可在短时间内形成，故属于不可再生能源，只有风能是可再生能源，即选项A符合题意。答案：A
2.“小关，上学去啦!”。正在看书的小关听到音就知道是好朋友小超在叫他，小关判断的主要依据是声音的()A.音调 B.响度 C.音色 D.频率
解析：本题考查的是：音色。
因为每个人的声带结构不同，所以每个人发出声音的音色就会不同，则小关判断的主要依据是声音的音色。答案：C
3.下列现象中，能说明分子在不停地做无规则运动的是()A.冬天大雪纷飞 B.桂花香飘满园
C.成群的蝴蝶翩翩起舞 D.美丽的烟花在空中绽放
解析：本题考查的是：分子的运动。
A、冬天大雪纷飞是物体的机械运动，不是分子的运动。故A不符合题意；
B、桂花香飘满园是花香分子不停地做无规则运动到空气中，人们就闻到了桂花的香味。故B符合题意；
C、成群的蝴蝶翩翩起舞是物体的机械运动，不是分子的运动，故C不符合题意； D、美丽的烟花在空中绽收属于物体的机械运动，不是分子的运动，故D不符合题意。答案：B
4.下列行为中属于节约用电的是()A.离开教室随手关灯
B.用电水壶烧水时不盖盖子
C.白天总是用灯光代替自然光照明
夏天，房间里长时间设人时空调还一直开着 解析：本题考查的是：有利于节约能源的措施。
A、为了节约电能，离开教室应随手关灯；故A属于节约用电行为；
B、用电水壶烧水时不盖盖子，由于热散失，会增加电能的消耗，故B不属于节约用电行为； C、白天光线比较强，还使用灯泡照明，浪费电能，故C不属于节约用电行为； D、房间里长时间设人时空调还一直开着，浪费电能，故D不属于节约用电行为。答案：A
5.美丽的彩虹常能勾起人们对美好生活的向往。彩虹的“七色光”属于()A.水波 B.超声波 C.次声被 D.电磁波
解析：本题考查的是：光的色散。
彩虹的“七色光”说明白光是由多种色光组成的；光就是一种电磁波，故D正确。答案：D
6.如图所示小关在课外探究活动中，将一个空易拉罐里的空气抽走后，易拉罐变扁了，压扁易拉罐的力是()
A.大气压力 B.易拉罐的重力
C.易拉罐对地面的压力 D.地面对易拉罐的支持力
解析：本题考查的是：大气压强的存在。
将一个空易拉罐里的空气抽走后，易拉罐里的气压变小，在外界大气压力的作用下，易拉罐被压扁了。答案：A
7.各种新材料正在提高我们的生活品质，坚硬的纳米材料一石墨烯，就是其中的一种，它几乎是完全透明的，并有着出色的导电性和导热性。下列物体中不适合使用石墨场制作的是()A.防弹衣 B.隔热手套 C.电脑元件 D.太阳能电池
解析：本题考查的是：物质的基本属性。
A、防弹衣要求富有弹性，石墨烯的弹性较大，故A不符合题意；
B、隔热手套要求导热性能差，而石墨烯具有优良的导电性和导热性，不适合做保温隔热材料，故B符合题意；
C、石墨烯晶体管的传输速度快，应用于电脑元件，故C不符合题意； D、石墨烯可用于制造更耐热的太阳能电池，故D不符合题意。答案：B
8.小关与同学们去游觉桂林两江四湖，登上游船后，船会下沉一些，那么()A.船的重力将减小 B.水对船的浮力将减小 C.水对船的浮力将增大 D.水对船的浮力将保持不变
解析：本题考查的是：物体的浮沉条件及其应用。
(1)同学们登上游船过程中，使船的重力变大，故A错误；(2)登上游船过程中，游船一直处于漂浮状态，则F浮=G，所以，游船受到的浮力变大，故BD错误，C正确。答案：C
9.如图所示，骑自行车出行郊游，是一种时尚、环保的生活方式。当我们在平直路面上匀速向前骑行时，以下说法正确的是()
A.若自行车停下，惯性就消失了
B.自行车受到的动力大于自行车受到的阻力
C.路面受到的压力与人受到的支持力是一对平衡力
D.人和车受到的重力与地面对人和车的支持力是一对平衡力 解析：本题考查的是：力作用的相互性；惯性；平衡力的辨别。
A、一切物体都有惯性，当自行车静止时，同样具有惯性，故A错误；
B、在平直路面上匀速向前骑行时，自行车受到的动力与自行车受到的阻力是一对平衡力，大小相等，故B错误；
C、路面受到的压力与人受到的支持力没有作用在同一个物体上，不是一对平衡力，故C错误；
D、把人和车看做一个整体，人和车受到的重力与地面对人和车的支持力符合二力平衡的四个条件，是一对平衡力，故D正确。答案：D
10.小关在探究磁现象的活动中能够实现的是()A.用小磁针吸起铜块或铝块
B.用放大镜能看到磁铁周围的磁感线
C.用磁铁吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管
D.把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向地理北极 解析：本题考查的是：磁性、磁体、磁极；磁感线及其特点；地磁场。
A、小磁针具有磁性，只能吸引铁、钴、镍等金属，不能吸引铜或铝。故A不可能实现； B、磁感线实际不存在，所以用放大镜也不能看到磁铁周围的磁感线。故B不可能实现； C、铜导线制成的轻质螺线管通过电流时，周围会产生磁场。所以用磁铁能够吸起铜导线制成的通有电流的轻质螺线管。故C可能实现；
D、磁体周围存在磁场，把小磁针放在磁铁周围的任何位置，静止后小磁针的北极都指向此磁铁的S极。故D不可能实现。答案：C
11.经常下厨的小关发现，同时用相同的燃气灶加热质量相等、初温相同的水和食用油，油的温度总是升高得快些。这是因为()A.水的比热容小，吸热后温度升高得快 B.油的比热容小，吸热后温度升高得快 C.在相同的时间内，水吸收的热量较多 D.在相同的时间内，油吸收的热量较多 解析：本题考查的是：比热容的概念。
(1)用相同的燃气灶加热，相同时间内水和食用油吸收的热量相同，故CD错误；
(2)质量相等、初温相同的水和食用油，相同时间内吸收的热量相同，因为水的比热容大于食用油的比热容，根据Q=cm△t知，油的温度升高得快些，故A错误、B正确。答案：B
12.如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电路中保持不变的是()
A.用电器消耗的总功率
B.电压表V的示数与电流表A的示数的比值 C.电流表A的示数与电流表A1的示数的差值 D.电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积 解析：本题考查的是：电路的动态分析。
AB、由图知，R1与R2并联，电流表A1测R1的电流，电流表A测并联的总电流，电压表测电源电压，则滑片移动时电压表的示数不变；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，根据并联电阻的规律，U2总电阻变大，由P=可知，用电器消耗的总功率变小，故A不符合题意；
R由欧姆定律可知，电压表V的示数与电流表A的示数的比值等于电路的总电阻，总电阻变大，则该比值变大，故B不符合题意；
CD、因并联电路中各支路互不影响，所以通过R1的电流不变，即电流表A1示数不变，P向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变大，由欧姆定律可知，通过变阻器的电流变小；根据并联电路电流的规律，电流表A的示数与电流表A1的示数的差值等于通过变阻器的电流，所以该差值变小，故C不符合题意；
因电压表示数不变、电流表A1示数不变，所以电压表V的示数与电流表A1的示数的乘积不变，故D符合题意。答案：D
二、填空题(每空1分，具16分。不要求写出计算过程)请将答案填写在答题卡上
13.(2分)电动机是将__________能转化为__________能的装置。解析：本题考查的是：直流电动机的原理。
所谓电动机，即通电能动，故是消耗电能产生机械能，即它就是将电能转化为机械能的装置，电动机就是利用通电导线在磁场中受力的作用的原理制成的。答案：电；机械
14.(2分)请在下列数字后面填上合适的单位：(选填“g”、“kg“成“t”)(1)一个鸡蛋的质量大约是50__________；(2)中学生小超的质最大约是50__________。解析：本题考查的是：质量的单位换算。
(1)10个鸡蛋的质量大约1斤，而1斤=500g，所以一个鸡蛋的质量在50g左右；(2)成年人的质量在65kg左右，中学生的质量比成年人小一些，在50kg左右。答案：(1)g；(2)kg
15.(2分)如图所示刻度尺，它的测量范围为__________cm；若小超用此刻度尺测量某物体的长度，记录结果为5.170cm，此记录结果是__________(选填“正确”或“不正确“)的。
解析：本题考查的是：长度的测量。
(1)使用刻度尺前要注意观察它的零刻线、量程和分度值，由图知此刻度尺的量程为0～10cm；
(2)由图知，在1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即该刻度尺的分度值为1mm； 测量结果要估读到分度值的下一位，用此刻度尺测量某物体的长度应该读到0.01cm，故记录结果为5.170cm，是错误的，应读作5.17cm。答案：0～10；不正确
16.(2分)小超被广场舞的音乐声吵醒后很不开心，对他来说，广场舞的音乐声属于__________(选填“噪声”或“乐音”)，为避免干扰，他戴上了耳罩，这是利用了__________(选填“消声”，“吸声”或“隔声”)的方法来减小干扰。解析：本题考查的是：噪声及来源；防治噪声的途径。
小超被广场舞的音乐声吵醒后很不开心，对他来说，广场舞的音乐声影响了他的休息，故属于噪声；
为避免干扰，他戴上了耳罩，这是利用了在人耳处减弱噪声，属于隔声减弱噪声的干扰。
17.(2分)如图所示，“武江烟雨”是难得见的美丽景色，江面上环绕的雾是由水蒸气__________(填写物态变化名称)形成的，在这个过程中水蒸气会__________选填(“吸收”或“放出”)热量。
解析：本题考查的是：液化及液化现象。
雾是由空气中的水蒸气遇冷液化成的小水珠，液化放热。答案：液化；放出
18.(2分)在体育考试中，小超投出的实心球在空中的运动轨连如图所示。球从最高点到落地点的过程中，重力势能__________，忽略空气阻力，球的机械能__________(均选填“增加”、“不变”“减小”)。
解析：本题考查的是：动能和势能的大小变化；机械能。
实心球从最高点到落地点的过程中，质量不变，速度增大，高度降低，所以动能变大，势能变小，重力势能转化为动能。由于不计空气阻力，机械能是守恒的，保持不变。答案：减小；不变
19.(2分)周末，小关和小超分别与家人驾车同时从同一地点前往桂林市乐满地主题乐园游玩，如图所示是两小车在某段平直公路上的运动图象，由图可知，两小车都在做__________(选填“加速直线运动”或“匀速直线运动“)；小超家车的速度__________(选填“大于”或“小于”)小关家车的速度。
解析：本题考查的是：速度的计算；匀速直线运动。
由图象知两车的s-t图象是一条倾斜的直线，所以两车都做匀速直线运动，由图可知，相同时间内小超家车通过的路程大于小关家车，所以小超家车的速度大于小关家车的速度。
答案：匀速直线运动；大于
20.(2分)如图所示，一段粗细、质量均匀的蜡块，重为G1，长为L，与一重为G2的铁块通过轻质细绳相连，整立漂浮在水面上，露出水面的长度为L0，则蜡块和铁块所受水的浮力F浮=__________，若多次截掉蜡块露出水面的部分，直到蜡块上表面与水面恰好相平，此时蜡块在水中的长度L1≈__________。(结果用G1、G2、ρ水、ρ蜡、L、L0来表示)
解析：本题考查的是：物体的浮沉条件及其应用。
(1)蜡块与铁块通过轻质细绳相连，整立漂浮在水面上时，根据漂浮条件可知：F浮=G1+G2；(2)当蜡块漂浮时，根据阿基米德原理可得： V排=G1+G2；
水g水g=F浮根据G=mg=ρVg可得蜡块体积： V1=G1，蜡g由于露出水面的长度为L0，则蜡块漂浮时浸在水里的体积为： V蜡浸=L-L0L-L0(L-L0)G1GV1V11=，LL蜡gL蜡g铁块的体积： V2=V排-V蜡浸=G1G2(L-L0)G1；
水gL蜡g当蜡块上表面与水面恰好相平，即悬浮时，V排′=(V1+V2)=L1G1G1G2(L-L0)G1+； L蜡g水gL蜡g则：F浮′=G蜡剩+G2，即：ρ水g(L1G1G1G2(L-L0)G1L1+)=G1+G2，LL蜡g水gL蜡g水所以，L1=L-L0。
水蜡答案：G1+G2；L-水L0
水蜡
三、作图、实验与探究题（21、22题各2分，21题5分、24题6分，25题9分，共24分)请将答案填写在答题卡上
21.(2分)请画出在图中放在斜面上静止的物体所受作用力的示意图。
解析：本题考查的是：力的示意图。
静止在斜面上的物体受到竖直向下的重力G、垂直于斜面向上的支持力N； 由于物体有向下滑动的趋势，所以物体还受到沿斜面向上的摩擦力f；
过物体的重心作竖直向下的重力G，过重心作垂直于斜面向上的支持力N，过重心作沿斜面向上的摩擦力f。答案：如图所示：
22.(2分)如图所示，射向平面镜的一束光AO经镜面反射后沿水平方向OB射出图中，ON是∠AOB的角平分线，请在图中作出平面镜放置的位置并标出入射角α。
解析：本题考查的是：作光的反射光路图。
由题知，OB为反射光线，题目已经过入射点作出入射光线AO与反射光线OB夹角的平分线(即法线)，再过入射点作垂直于法线的平面镜即可，入射角是入射光线与法线的夹角。答案：如图所示：
23.(5分)一天，小熊在实验室里进行了探究“影响蒸发快慢的因素”的活动。
如下是部分操作过程，①在两块相同的玻璃板A、B上，同时滴上__________(选填“等量”或“不等量”)的酒精； ②使玻璃板A上的酒精表面积变大，玻璃板B不作处理，并保持其它条件不变： ③观察两块玻璃板上酒精蒸发的快慢。
解析：本题考查的是：影响蒸发快慢的因素。
根据控制变量法的要求，应在两块相同的玻璃板A、B上，同时滴上等量的酒精； 答案：等量
(2)上述活动是为了探究蒸发快慢与__________(选填“液体温度”或“液体表面积”)的关系。会观察到玻璃板__________(选填“A”或“B“)上的酒精蒸发得快些。
解析：由实验操作可知，这是为了探究蒸发快慢与液体表面积的关系。由于其它条件相同，A的表面积大，所以会观察到玻璃板A上的酒精蒸发得快些。答案：液体表面积；A
(3)小熊在进行实验时不小心将温度计的玻璃泡浸入了酒精中，将其拿出后，温度计的示数会暂时__________(选填“变大”成“变小“)，这是因为酒精蒸发__________(选填“吸热”成“放热”)造成的。
解析：实验时不小心将温度计的玻璃泡浸入了酒精中，将其拿出后，温度计的示数会暂时变小，这是因为酒精蒸发吸热造成的。答案：变小；吸热
24.(6分)小体用如图所示实验装置来探究凸透镜的成像规律，用到的光具座足够长。
(1)如图所示，依次放置好蜡烛、凸透镜、光屏并将它们调整好后，点燃蜡烛，无论怎样移动光屏，光屏上都没出现烛焰的像：但取掉光屏，在放光屏同侧通过凸透镜可以看到烛焰的像。则此凸透镜的焦距__________(选填“大于”、“等于”或“小于”)15cm。看到的像是__________(选境“虚”或“实”)像。
解析：本题考查的是：凸透镜成像规律及其探究实验。
点燃蜡烛，无论怎样移动光屏，光屏上都没出现烛焰的像，在放光屏同侧通过凸透镜可以看到烛焰的像，说明此时的像是虚像，此时物距为15cm，物距要小于焦距，即焦距大于15cm。
答案：大于；虚
(2)将蜡烛移至零刻度处，凸透镜位置不变，当把光屏放回如图所示位置时，在光屏上看到了烛焰模糊的像，当把光屏向__________(选填“靠近”或“远离”)凸透镜的方向移动，在光屏上可以看到烛焰__________(选填“放大”、“等大”成“缩小”)的清晰像：在看到清晰像后，保持蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜向__________(选填“靠近”成“远离”)光屏的方向移动，在光屏上可以再次看到烛焰__________(选填“放大”，“等大”成“缩小”)的清晰像。
解析：将蜡烛移至零刻度处，凸透镜位置不变，此时物距为30cm，由于凸透镜的焦距大于15cm，故此时物距要小于二倍焦距，成实像时，像距应大于二倍焦距，即像距大于30cm，故应将光屏向右移动，此时成的是倒立、放大的实像；
路可逆可知，当物距大于二倍焦距，像距在一倍焦距和二倍焦距之间时，在光屏上可以再次看到烛焰缩小的清晰的像。答案：远离；放大；靠近；缩小。
25.(9分)小绒在“测量小灯泡的电功率”实验活动中，使用的小灯泡额定电压为2.5V。
(1)在检查实验仪器时，发见电流表指针如图乙所示，则应对电流表进行__________。解析：本题考查的是：电功率的测量。
由图1所示电流表可知，电流表指针没有指在零刻度线上，在使用该电流表之前应对电流表进行调零，使指针指在零刻度线上。答案：调零
(2)图甲是他未连接好的实验电路，用笔画线代替导线帮他连接好实验电路。(要求滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮)解析：滑动变阻器一上一下连接，滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮，连入电路的电阻变小，电路的电流变大，滑动变阻器的右下接线柱接入电路，电路图如图所示：。
答案：见上图
(3)检查电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电压表、电流表都有示数。则小灯泡不亮的原因可能是__________。
解析：闭合开关前滑片置于阻值最大处，闭合开关，电压表与电流表都有示数，说明电路不存在断路，灯泡也没有发生短路，由于滑动变阻器阻值接入电路的阻值过大，使得电路电阻很大，电路电流很小，灯泡实际功率很小，因此灯泡不发光。答案：滑动变阻器阻值接入电路的阻值过大
(4)问题解决后，继续进行实验，闭合开关，发现电压表的示数如图丙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向__________(选填“C“或“D“”)端滑动，直至电压表示数为__________V，若此时电流表的示数为0.30A，则小灯泡的额度功率为__________W。
解析：图丙中，电压表小量程分度值为0.1V，示数为1.2V，小于灯的额定电压，因灯在额定电压2.5V时才正常发光，应增大灯的电压，减小变阻器分得的电压，由分压原理应减小变阻器连入电路中的电阻大小，所以滑片向D移动，直到电压表示数为2.5V； 小灯泡的额度功率：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W。答案：D；2.5；0.75
(5)若两个额定电压为220V的白炽灯L1和L2的电压U与电流I的关系曲线如图丁所示，由图可知，L2的额定电流为__________A，额定功率为__________W；如果将L1和L2串联后接在220V的电源上，则L2的实际功率为__________W。
解析：由图可知，当电压为220V时，L2的额定电流为0.5A，故L2的额定功率：P=UI2=220V×0.5A=110W；
两电阻串联时，流过两电阻的电流相等，而总电压应为220V，由U-I图象可知，串联时电流应为0.3A，此时L1的电压为140V，L2的电压为80V，符合串联电路的电压特点，故此时L2的功率P=U2I2′=80V×0.3A=24W。答案：0.5；110；24。
四、综合应用(26题6分，27题8分，28题10分，共24分)请将解答过程填写在答题卡上
7326.(6分)若家用天然气的热值为4.2×10J/kg 水的比热容为4.2×10J/(kg•℃)。
3(1)完全燃烧0.04m天然气放出的热量是多少？ 解析：本题考查的是：热量的计算；燃料的热值。
3完全燃烧0.04m天然气放出的热量：
3736Q放=Vq=0.04m×4.2×10J/m=1.68×10J。
36答案：完全燃烧0.04m天然气放出1.68×10J的热量。
3(2)若某新型天然气灶烧水的效率为40%，完全燃烧0.04m天然气可使室温下5kg的水温度升高多少？
解析：由题知，水吸收的热量：
65Q吸=Q放×40%=1.68×10J×50%=6.72×10J，由Q吸=cm△t可得水升高的温度：
6.72105J△t===32℃。
cm4.2103J/(kg℃)5kg答案：完全燃烧0.04m天然气可使常温下5kg的水温度升高32℃。3Q吸
27.(8分)如图所示，电源电压恒定，R1的阻值为20Ω，R2的阻值为10Ω。当S闭合，S1、S2断开时，电流表的示数为0.5A。求
(1)电源电压。
解析：本题考查的是：欧姆定律的应用；电功的计算。当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中； 根据电阻的串联和I=U可知，电源电压为：U=I(R1+R2)=0.5A×(20Ω+10Ω)=15V； R答案：电源电压为15V。
(2)通电10s内电路消耗的总电能。
解析：通电10s内电路消耗的电能为：W=UIt=15V×0.5A×10s=75J； 答案：通电10s内电路消耗的电能为75J。
(3)当S、S1、S2都闭合时，电流表的示数变化了0.4A.则R3的阻值是多大？
解析：当S、S1、S2都闭合时，R2被短路，此时R1和R3并联接入电路中，电流表测干路中的电流，此时的总电阻要小于R1，当S闭合，S1、S2断开时，R1和R2串联接入电路中，此时的总电阻要大于R1，所以，R1和R3并联的总电阻小于 R1和R2串联的总电阻，由欧姆定律可知，当S、S1、S2都闭合时，干路中的电流变大，故并联后干路中的电流为：I'=0.4A+0.5A=0.9A； 通过R1的电流为：I1=U15V=0.75A； R120由并联电路的电流特点可得，通过R3的电流为：I3=I′-I1=0.9A-0.75A=0.15A； 则R3的阻值为：R3=U15V=100Ω。I30.15A答案：R3的阻值为100Ω。
28.(10分)小熊在课外实践活动中，用如图甲所示的滑轮组匀速拉动放在树下一水平面上的不同物体，物体受到的摩擦力从100N开始逐渐增加，每次物体被拉动的距离均为1m。根据测量结果画出了该滑轮组机械效率与物体受到摩擦力大小变化的关系图象，如图乙所示。若不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，求：
(1)由图乙可知，当物体受到的摩擦力为100N时，滑轮组机械效率是多大？ 解析：本题考查的是：滑轮(组)的机械效率；功率的计算。
由图乙可知，当物体受到的摩擦力为100N时，滑轮组机械效率是50%。
答案：由图乙可知，当物体受到的摩擦力为100N时，滑轮组机械效率是50%。
(2)当滑轮组的机械效率为75%，物体以0.1m/s的速度匀速运动时，该滑轮组的有用功率是多大？
解析：当f1=100N时，η1=50%，通过滑轮组拉动水平面上的物体，则有用功：W有用1=f1s，由题知，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，则额外功：W额外=G动s，则总功：W总1=W有用1+W额外=f1s+G动s，所以，η1=W有用1f1sf1=50%，100NW总1f1sG动sf1G动100NG动解得动滑轮重：G动=100N；
当η2=75%时，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，此时滑轮组的机械效率：
W有用2f2sf2f2η2==75%，W总2f2sG动sf2G动f2100N解得此时的摩擦力：f2=300N；动 则滑轮组的有用功率： P有=W有用2t=f2s=f2v=300N×0.1m/s=30W。t答案：当滑轮组的机械效率为75%，物体以0.1m/s的速度匀速运动时，该滑轮组的有用功率是30W。
(3)当物体与地面的摩擦力为1500N时，体重为500N的小熊竖直向下拉绳，还能用此滑轮组拉动物体吗？用计算结果说明。解析：由图可知，n=3，不计绳重及绳与滑轮间的摩擦，当f3=1500N时，拉动物体需要的拉力： F3=11(f3+G动)=(1500N+100N)≈533N，33小熊的重力为500N，根据力的作用是相互的，所以小熊给绳子的最大拉力等于其重力为500N，小于533N，故不能用此滑轮组拉动物体。
1500N时，体重为500N的小熊竖直向下拉绳，不能用此滑轮组拉动物体。
第五篇：内蒙古包头市2018年中考物理真题试题(含解析)
内蒙古包头市2018年中考物理真题试题
一、选择题
1.下列说法正确的是
A.声波和电磁波都能在真空中传播 B.吹笛子时手按不同的笛孔是为了改变音调
C.做圆周运动的物体如果所受外力全部消失将做匀速圆周运动 D.摩擦起电过程中能量的转化是电能转化为机械能 【答案】B 【解析】A.电磁波能在真空中传播，声波的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；
B.吹笛子时手按不同的笛孔，空气柱的长度发生变化，振动频率变化，所以是为了改变音调，故B正确； C.做圆周运动的物体如果所受外力全部消失，根据牛顿第一定律知，物体将做匀速直线运动，故C错误； D.摩擦起电过程中能量得转化是机械能转化为电能，故D错误； 故选B。
点睛：注意理解C选项，做圆周运动的物体会受到一个向心力的作用，如果所受外力全部消失，物体将做匀速直线运动。
2.关于热现象，下列说法正确的是 A.雾是漂浮在空气中的水蒸气
B.霜是空气中的水蒸气凝固形成的小冰晶 C.高压锅内部液面气压增大，液体的沸点升高 D.加油时闻到刺鼻的气味，说明汽油在常温下易升华 【答案】C 【解析】A.雾是水蒸气液化形成的小水珠，而水蒸气是看不到的，故A错误； B.霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故B错误；
C.高压锅内部液面气压增大，液体的沸点升高，所以煮饭快，故C正确； D.加油时闻到刺鼻的气味，说明汽油在常温下易汽化，故D错误； 故选C。
点睛：需要注意的是，我们看到的雾其实是小水珠，而不是水蒸气，水蒸气是看不到的，所以雾、露、“白气”等都是由水蒸气液化而形成的。
3.小宁乘坐校车时，观察到一些现象，下列解释正确的是
A.向窗外看时感觉到路边的树木向后退，是以地面为参照物 B.看到车上窗帘往外飘，是因为车内比车外的空气流速大，压强大 C.突然刹车时身体向前倾，是由于身体受到了惯性的作用 D.司机转动方向盘使校车转弯，是力改变了校车的运动状态 【答案】D 【解析】A.向窗外看时感觉到路边的树木向后退，是以自己或车为参照物，故A错误；
B.看到车上窗帘往外飘，是因为车外比车内的空气流速大，而流速大压强小，所以窗外压强小，窗帘往外飘，故B错误；
C.突然刹车时身体向前倾，是由于身体具有惯性，不能说受到惯性作用，故C错误；
D.力可以改变物体的运动状态，所以司机转动方向盘使校车转弯，利用了力可以改变校车运动状态的原理，故D正确； 故选D。
点睛：注意对惯性的理解，惯性是物体的基本属性，与物体的运动状态无关，与质量大小有关，且惯性不是力，不能说成：受到惯性作用，而应该描述成：具有惯性。
4.如图所示，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是
A.此时烛焰在光屏上的成像特点于投影仪成像特点相同
B.若蜡烛移至20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像 C.若蜡烛移至45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像 D.在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，将光屏左移可再次成清晰的像 【答案】B 【解析】A.如图此时物距大于像距，成倒立缩小的实像，所以此成像特点与照相机成像特点相同，故A错误；
B.若蜡烛移至20cm刻度线处，即物距继续增大，则像距应减小，像变得更小，所以移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像，故B正确；
C.如图此时光屏到凸透镜的距离为17cm，且像距位于一倍到二倍焦距之间，得：，解得：故C错误；
D.在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，即凹透镜，此时光线会发散一些，像右移，所以将光屏右移可再次成清晰的像，故D错误； 故选B。
点睛：凸透镜成像规律的实验是常考试的内容，要掌握成像时物距和像距变化的特点，当物距增大时，像距减小，像也会变小，这里的像变小，是与之前比变小，要比较像与物体的大小，要看像距和物距的比较，像距大于物距，像就放大。5.下列说法正确的是，所以若蜡烛移至45cm刻度线处，此时物距小于焦距，不能成实像，A.图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方，则A端是磁铁的北极 B.图乙为动圈式话筒的结构示意图，它的工作原理是磁场对电流的作用 C.图丙为水位自动报警器，当水位上升到金属块A时，红灯不亮绿灯亮 D.图丁所示的现象中，同时工作的用电器过多不会使家庭电路电流过大 【答案】A 【解析】A.图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方，则A端是磁铁的N极即北极，而S极指南，故A正确；
B.图乙为动圈式话筒的结构示意图，它的工作原理是电磁感应，故B错误；
C.图丙为水位自动报警器，当水位上升到金属块A时，控制电路接通，电磁铁将衔铁吸下，动触点与红灯接通，红灯亮，绿灯不亮，故C错误；
D.图丁所示的现象中，同时工作的用电器过多，干路通过的电流会过大，导线会过热，甚至引起火灾，故D错误； 故选A。
6.下列四种情况说法正确的是
A.图甲中，物体在2~7s内的平均速度为2m/s B.图乙中，a、b两种物质的密度之比为1:4 C.图丙中，物块M向左做匀速直线运动，该装置的机械效率为75％ D.图丁中，杠杆在水平位置平衡，OA:AB=1:2，则F:G=1:2 【答案】C 【解析】A.图甲中，物体在2~7s内通过的路程为4m,所以平均速度为：，故A错误；
B.图乙中，根据得，a、b两种物质的密度之比为：，故B错误；
C.图丙中，物块M向左做匀速直线运动，该装置的机械效率为：，故C正确；
D.图丁中，杠杆在水平位置平衡，OA:AB=1:2，则：，得：故选C。
点睛：涉及机械效率的计算时，牢记效求率的两个思路：一是，本题中将物重更改为摩，故D错误；
擦力f，二是。
7.如图甲所示的电路中，为定值电阻，R为电阻式传感器，电源电压保持不变，当R阻值从0增大到60Ω，测得R的电功率与通过它的电流关系图像如图乙，下列说法正确的是
A.R的阻值增大，电流表与电压表的示数都变小 B.电源电压为12V C.当电流为0.6A时，1s内电路消耗的电能为21.6J D.两端的电压变化范围为6V~18V 【答案】D 【解析】A.R的阻值增大，电路总电阻增大，根据欧姆定律知，电流减小，所以电流表示数变小，R的阻值增大，分得电压增多，所以电压表的示数变大，故A错误； B.根据乙图知，R的阻值为零时，电流最大为0.6A，得电源电压为：当R的阻值为最大60Ω时，电流最小为0.2A，得电源电压为：联合两式解得：，故B错误；
；
；
C.当电流为0.6A时，1s内电路消耗的电能为：，故C错误；
D.当R的阻值为零时，R0两端为电源电压18V；
当R的阻值为最大60Ω时，电流最小为0.2A，所以R0两端的电压为：，即两端的电压变化范围为6V~18V，故D正确；
故选D。
点睛：综合考查了欧姆定律的应用，电路的动态分析，有一定难度，关键是根据乙图能列出两次电源电压的关系式，从而求出电源电压和R0的阻值，这种类型的题目综合性强，要多练习以求熟练解题。
二、作图与实验题
8.在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示。
(1)图B为某时刻的温度，其示数为________℃。
(2)分析图C可知，吸收相同热量，_______液体升温更高;_______液体更适合作汽车发动机的冷却液。(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2:1，则甲、乙液体的比热容之比为___________。
【答案】(1).39(2).乙(3).甲(4).3：2 【解析】(1)图B为某时刻的温度，温度计的分度值为1℃，此时温度计的示数为39℃。
(2)相同的加热器，可以保证加热时间相同时，两液体吸收的热量相等，所以分析图C可知，吸收相同热量，即加热相同的时间时，乙液体升温更高，甲液体升温低； 根据知，乙的比热容小，甲的比热容大，则升高相同的温度时，甲液体吸收的热量多，散热效果好，所以甲液体更适合作汽车发动机的冷却液。
(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2:1，则甲升高的温度为：；
乙升高的温度为：甲、乙液体的比热容之比为：
。
点睛：重点是研究吸热能力的实验，注意实验中控制变量法的应用，理解相同的加热器可以保证在相同时间内两液体吸收的热量相等；求比热容的比时，将吸收热量的比和升高温度的比分别代入公式计算可得结果。
9.小明用如图所示装置进行“平面镜成像特点”的实验。
6(1)他选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是_______________________________。
(2)在实验中，把蜡烛放在距离玻璃板30cm处，它的像到蜡烛的距离是_________cm，当蜡烛远离玻璃板时，它的像的大小将_________。
(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时，门自动平移打开，则他在玻璃门中的像将_______（填“随”或“不随”）门平移。
【答案】(1).便于确定像的位置(2).60(3).不变(4).不随
【解析】(1)他选用玻璃板实验是因为玻璃板能成像的同时，还能看到后面的蜡烛，所以琉璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置。
它的像的大小将不变。
(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时，门自动平移打开，即镜面平移了一段距离；
因为平面镜成像时，物体和像到镜面的距离相等，且物体与像的连线与镜面垂直，即物体和像是关于镜面对称的，镜面平移时，像的位置不变，所以可知此时他在玻璃门中的像将不随门平移。
点睛：重点是研究平面镜成像的实验，关键是平面镜成像特征的灵活运用，即根据像和物关于平面镜对称的特点，可以得出镜面平移时，像的位置是不变的。
10.在研究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离。
(1)本实验使钢球获得动能的操作方法是___________________________________________。(2)从上表数据可以看出，实验中控制了_________相同，从而探究动能与________的关系。
(3)第1次实验时若不考虑能量损失，钢球对木块最多可做________J的功；第3次实验时，木块被撞后滑出木板无法记录数据，需要重做第三次实验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度，你认为应当采用________同学的建议。
(4)由上述实验数据和现象可得出结论：____________________________________________________。
【答案】(1).让钢球从高处摆下(2).速度(3).质量(4).0.06(5).甲(6).速度一定时，质量越大，动能越大
【解析】(1)本实验使钢球获得动能的操作方法是让钢球从高处摆下。实质是重力势能转化为动能的过程。(2)从上表数据可以看出，钢球每次的下摆高度都相同，球的质量不同，这样当球每次接触木块时的速度都相同，即实验中控制了速度相同，从而探究动能与质量的关系。
(3)第1次实验时若不考虑能量损失，球下摆时重力做功，所以钢球对木块最多可做的功为：
；
第3次实验时，木块被撞后滑出木板无法记录数据，需要重做第三次实验；
甲同学建议换用同样较长的木板，这样可以通过木块的移动距离比较动能的大小，是正确的；
乙同学建议换一个较大的木块，这样不符合控制变量法的思想，即木块变大后，因为质量和摩擦力都会变化，所以不能通过比较运动距离而得出动能的大小，故乙同学建议不正确；
丙同学建议降低钢球下摆的高度，这样也不符合控制变量的思想，因为高度降低后，球碰撞木块时的速度就不一样了，不能完成实验，故丙同学建议也不正确； 所以应当采用甲同学的建议。
(4)由上述实验数据和现象分析，速度相同时，质量越大，木块滑动的距离越远，即动能做功越多，所以可得出结论：速度一定时，质量越大，动能越大。
点睛：注意第二问中控制的变量是速度，此空很容易填写为高度，要从影响动能大小的因素考虑，即质量和速度影响动能的大小，所以表格中高度相同实质还是为了保证速度相同，认真体会实验中控制变量法的应用。
11.小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5v的小灯泡的额定功率。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮___。(2)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数不为零，电压表示数为零，则故障可能是由于小灯泡________引起的。
(3)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率时_______W。在实际测量中，电压 8 表有示数时内部有微弱的电流通过，如果考虑这个微弱电流的影响，则所测小灯泡的额定功率偏_______。(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）。
①只闭合开关S和，调节________，使电压表的示数为2.5V。②只闭合开关__________，调节，使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额=_____________（用U额、R0、U1、U2表示）。
【答案】(1).见解析(2).短路(3).0.6(4).大(5).(6).S和(7).·
【解析】(1)根据要求：滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮，所以应连接滑动变阻器的右下，即B接线柱到灯泡的左端，如图：
(2)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数不为零，说明电路是通的，电压表示数为零，可能电压表被短路了，所以故障可能是由于小灯泡短路引起的。
(3)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表使用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，则小灯泡的额定功率为：
；
在实际测量中，电压表有示数时内部有微弱的电流通过，如果考虑这个微弱电流的影响，即电流表的示数会大于灯泡的实际电路，所以所测小灯泡的额定功率偏大。
(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）。
①只闭合开关S和，调节R2，使电压表的示数为2.5V，即电压为灯的额定电压。②只闭合开关 S和，调节，使电压表的示数仍为2.5V，此时R1与上次灯泡是等效的。③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1，即电源电压为U1；
再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，此时R2两端的电压为：，电流为：；
根据欧姆定律得R1此时的电阻为：
所以小灯泡额定功率的表达式为：。
点睛：难点是最后一问，要理解此种没有电流表测量电功率的原理，此方法利用了等效的原理，即灯和R1分别与R2串联，使电压表的示数都为灯的额定电压，此时电阻R1与灯是等效的，即R1此时的电阻等于灯正常发光时的电阻，后面的步骤再灵活运用欧姆定律得出R1的表达式，最后得出灯泡额定功率的表达式。
三、计算题
12.我国自主研制的第三代常规动力潜艇具备先进的通讯设备、武器、导航等系统和隐蔽性强，噪声低、安全可靠等优异性能，主要技术参数如下表（海水的密度近似为1.0×
kg/m³，g=10N/kg）。求：
(1)潜艇在水上航行时受到的浮力是多少？在水下行驶时排开水的体积是多少？
(2)潜艇由水下某位置下潜到最大潜水深度处，潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×N，则潜艇原来位置的深度是多少？
(3)潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h，发动机输出的能量是多少？若发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为80％，潜艇以最大航速匀速行驶时受到水的平均阻力f是多少？ 【答案】见解析
【解析】（1）水上排水量为2250t，根据阿基米德原理知，排开水的重即为浮力，故浮力为：
；
水下排水量为3000t，排开水的体积为：
；
（2）潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×
N，增大的压强为：
最深度处的压强为：某位置的压强为：
该位置的深度为：；
（3）潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h，发动机输出的能量是：
螺旋桨推进器效率为80％，则螺旋桨推进器做的功为：
匀速行驶时，牵引力与水的平均阻力f为一对平衡力，所以水的平均阻力f为：。
点睛：重点是浮力公式、液体压强公式、功的公式的应用，注意计算时单位要统一，多练习形成先换算单位的好习惯，求阻力时，理解牵引力与阻力是一对平衡力，所以求出牵引力即为阻力的大小。
13.如图所示为模拟调光灯电路，电路中电源电压不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，且灯丝电阻随温度的变化而变化，定值电阻的阻值为6Ω。将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A。求：
(1)灯泡L正常发光时的电阻多大？
(2)当的滑片P在最右端时，闭合开关，灯泡L的实际功率是多少？
(3)为使灯泡安全工作，的滑片能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，应采取怎样的保护措施？请计算说明。【答案】见解析 【解析】（1）根据得灯泡L正常发光时的电阻为：
；
（2）灯的正常工作电流为：
；
移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A，此时灯正常工作，电源电压为：
；
将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；则R1此时两端的电压为：
灯两端的实际电压为：滑片P在最右端时时，闭合开关，灯泡L的实际功率为：
；
（3）根据题意，的滑片要能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，则滑动变阻器位于左端时让灯正常发光，右移滑片时，电阻变大，灯是安全的。当电流为灯的正常工作电流0.5A时，电路的总电阻为：，可以串联电阻R’：即在电路在串联一个6Ω的电阻时，符合要求； 也可以替换R1：
即将R1替换为一个12Ω的电阻，符合要求。
点睛：考查了欧姆定律的应用，关键是根据“滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A”这一条件，可以求出电源电压，有了电源电压后，根据另一状态再结合串联电路的电压、电流特点求灯的实际功率。
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