巴蜀初2014级3模物理试题5篇

第一篇：巴蜀初2014级3模物理试题

随堂练习物理试题卷

（全卷共四个大题满分80分与化学共用120分钟完卷）

注意事项：1．试题的答案书写在答题卡（卷）上，不得在试卷上直接作答。

2．作答前认真阅读答题卡（卷）上的注意事项。

3．考试结束，由监考人员将试题和答题卡（卷）一并收回。

4．全卷取g＝10N/kg。

一、选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项符合题意，每小题3分，共24分。）

1．下列对一些常见物体的估测最恰当的是（）

A．中学生课桌高度约80cmB．光在真空中传播速度为340m/s

C．人体正常体温约25℃D．中学生体重约50N

2．如图1所示的四种现象中，属于光的折射现象的是（）

A．水中的倒影B．透过树叶间的阳光C．水中弯折的铅笔D．物体的影子

图

13．下列物态变化现象中，属于放热过程的是（）

A．冬天雪人变小B．露珠的形成C．水的蒸发D．冰雪融化

图

24．下列学习用品中，通常情况下属于绝缘体的是（）

A．铅笔芯B．铁制铅笔盒

C

．塑料直尺

D．金属小刀片

5．如图3所示的各情景中，符合安全用电原则的是()

A．电器失火先切断电源 B．湿衣服晾在电线上 C．用湿布擦抹电器D．电熨斗未接地图

3物理试卷

6．用大小不变的水平力，拉木块在水平桌面上做匀速直线运动，如图4所示．木块在运动过程中，下列说法正确的是（）

A．木块对桌面的压力和木块受到的重力是一对平衡力 B．绳对木块的拉力和木块对绳的拉力是一对平衡力 C．绳对木块的拉力大于桌面对木块的摩擦力 D．木块受到的滑动摩擦力大小保持不变

图

图

图6

7．如图5所示的电路中，电源电压恒为4.5V，电压表量程0～3V，电流表量程0～0.6A，滑动变阻器规格是“10Ω 1A”，灯泡标有“2.5V 1.25W”。若闭合开关，两电表示数均不超过所选的量程，灯泡两端电压不允许超过额定电压，不考虑灯丝电阻的变化。则下列说法不．正确的是()．．

A．电流表的示数变化范围0.25A～O.6AB．电压表的示数变化范围是1.5V～2.5V

C．滑动变阻器允许调节的阻值范围是4Ω～10Ω D．该电路最大功率是2.25W

8．一定质量的货物在吊车钢索的拉力作用下，竖直向上运动(不考虑空气的阻力和钢索重力)，货物运动的路程(s)一时间(t)图象如图6所示，根据图象，下列判断正确的是（）A．货物竖直向上运动时，4s时的速度小于10s时的速度 B．2s时钢索的拉力大小等于8s时钢索的拉力大小

C．0至6s内钢索拉力做的功小于6s至12s内钢索拉力做的功

D．货物在0至12s内的竖直向上运动过程中，钢索拉力的功率保持不变

二、填空作图题（本题共6个小题，第14小题作图2分，其余每空1分，共12分。）9．如图7甲用吸管从瓶子中吸牛奶时，是的作用使牛奶上升到嘴里。如图7乙在两张纸的中间向下吹气，这两张纸会向运动(选填“中间”或“两边”)，这个现象说明，气体流动时，流速大的地方压强小。

甲乙

图

710．奥斯特实验表明了通电导体周围存在发现了电磁感应现象，由此发明了发电机，开辟了电气化的时代。

11．如图8所示，电源电压不变，灯泡L标有“6 V 3 W”(灯泡电阻不变)，开关S闭合。当S1、S2断开，滑片P从b端滑到某一位置时，变阻器的电阻减小6 Ω，电流表示数变化0.1 A，灯泡恰好正常发光，此时电路的电流为_________A；保持滑片P的位置不变，闭合Sl、S2，电流表的示数又变化了1.5 A。当Sl、S2都闭合时，调节滑片p，电路消耗的最小功率为_____W。

甲乙丙丁

图8 图9

12．如图9所示，甲圆柱形容器中装有适量的水。将密度均匀的木块A放入水中静止时，有2/5的体积露出水面，如图乙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了300 Pa

。若在木块A

上表面轻放一个质量为m

1的物块，平衡时木块

A

仍有部分体积露出水面，如图丙所示，此时水对容器底部的压强比图甲水对容器底部的压强增加了

400Pa。若将容器中的水换成另一种液体，在木块A

上表面轻放一个质量为m2的物块，使平衡时木

块A露出液面部分与丙图相同，如图丁所示。若m1∶m2＝5∶1，则木块A的密度是 kg/m3，另一种液体的密度为kg/m3。

13．如左下图10所示是我国火箭运送载人飞船上太空的情景,其中涉及很多物理知识。如：（1）火箭点火向下喷出气体，火箭向上运动，说明物体间力的作用是相互的，也说明力可以改变物体的运动状态；火箭与大气摩擦产生大量的热，这是通过做功的方式改变物体的内能。

（2）在上升过程，以火箭为参照物，宇航员是_______的（选填“运动”或“静止”）；火箭停止喷火时，火箭由于________仍能向上运动.14．（1）做出图11中折射光线的入射光线。

（2）如图12所示为钓鱼竿钓鱼的示意图，O为支点，A为手握鱼竿的作用点，请在图中画出鱼线对钓鱼竿拉力F2的力臂。

共22分。）

图10

图1

1图1

2三、实验与探究题（本题共3个小题，第15小题6分，第16小题7分，第17小题9分，15．（1）如图13，在研究平面镜成像实验中。用透明玻璃板代替平面镜的目的是为了能确定像的。取两只相同蜡烛的目的是为了能比较像与物的关系。如果当蜡烛B与蜡烛A的像完全重合后，再移去蜡烛B，在蜡烛B的原来位置上放一光屏，光屏上(选填“能”或“不能”)承接到蜡烛A的像。（2）如图14甲是某种物体熔化时温度随加热时间变化的图像（假设在加热过程中物质的质量不变，单位时间内吸收的热量相同）。这种物质的固体属于________（选填“晶体”或“非晶体”）。如图14乙，在某一时刻，用温度计测得物质的温度为____ ____℃。加热到20分钟时，此物质处于________（选填“固”、“液”或“固液共存”）态。图13 甲乙

图1

416．在测量盐水密度的实验中。

(1)小花小组先将盐水倒入量筒，如图15甲所示，则盐水的体积为___cm3；接着她 将天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端零刻线，发现指针偏向分度盘右侧，则她应该把标尺右端的平衡螺母向调（填“左”或“右”），直至天平平衡；她测出空烧杯的质量为40g，然后将量筒中的盐水倒入烧杯，用天平测量烧杯和盐水的总质量，天平平衡时的情景如图乙所示。则烧杯和盐水的总质量为_______g。(2)根据以上实验数据计算出盐水的密度为_______g/cm3，用该方法测得的密度比真实值偏______（选填“大”或“小”）。

甲乙

图1

5甲乙丙

图16

(3)另一组同学采用图16的方法：①取一合金块悬挂在校零后的弹簧测力计下方（如图甲），测得其重量；②将合金块完全浸没于水中，测得拉力大小（如图乙）；③将合金块完全浸没

于盐水中，测得拉力大小（如图丙）。则他们组测得盐水的密度是g/cm；而且聪

明的同学们还可以知道合金块的密度为g/cm。

17．小明利用如图17甲所示电路测定小灯泡的功率。被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω左右。实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关各一个、导线若干、滑动变阻器两只：R1（20Ω 0.5A）、R2（50Ω 0.5A）。

（1）在小明所连接的电路中，有两根导线还没有连接好，请你帮他完成电路的连接（要求：滑动变阻器滑片向右移动，灯泡亮度变亮；其他的导线不要变动，导线不能交叉）。（2）实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是________ _____ _____。正确连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表示数接近6V，电流表示数几乎为0，电路的故障可能是_____________。（3）排除电路故障后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，小明画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像（如图丙），则小灯泡的额定功率为_______W。在多次测量中，小明还发现：当电压表的示数增大时，电压表与电流表的示数之比。（选填“变大”、“变小”或“不变”）。

（4）小明又取了一个规格、型号完全相同的旧灯泡进行实验，发现在额定电压下工作时，灯泡亮度明显偏暗，小明仔细观察，发现这只灯泡的玻璃内壁变黑。灯泡亮度偏暗的原因是灯丝发光时发生升华而变细，消耗的实际功率变_______的缘故（选填“大”或“小”）。（5）灯泡的功率测量完毕，小明用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻更换电路中的灯泡，探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图像，则小明应选用滑动变阻器_______（选填“R1” 或“R2”）。若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为14Ω，则所选定值电阻的阻值为Ω。

（6）另一小组在探究电流跟电阻的关系时，却保持了滑动变阻器滑片位置不变，只在R处换接上不同阻值的定值电阻，实验多次得出下面的数据记录表格。经过仔细分析，他有了

新的发现：可以将电流表改成直接读出电阻值的欧姆表，请你帮他说出0.1A处应该刻成Ω。

甲乙丙

图17

丁

四、论述与计算题（本题共3个小题，第18题6分，第19题8分，第20题8分，共22分，解答应写出必要的文字说明、步骤和公式，只写出最后结果的不给分。）

18．在图18电路中，R1=20Ω，R2=30Ω，闭合开关后，电流表的示数为0.3A。求：（1）电阻R1两端的电压是多少？（2）通过R2的电流是多少？

19．如图19所示，水平地面上放置重力为400N的箱子，底面积为0.2m，工人用250N的拉力使箱子10s内被匀速竖直提升了 2m，不计绳重和摩擦，取g=10N/kg。求：(1)木箱放在水平地面上对地面的压强；(2)滑轮组的机械效率；(3)工人所做总功的功率。

20．初三办公室郭老师喜欢用电热水壶烧水泡茶，其铭牌如下表。每天早上，他接水至1500ml刻度，然后把壶放在加热座上，接通开关，5min后水加热到100℃，水壶自动断电。已知水的初温为20℃,热水壶电阻不变。求

(1)这壶水吸收的热量为多少?

(2)若烧水时办公室电压为220V，求电热水壶的热效率。(3)夏季，所有教室都开了空调，导致办公室的实际电压降为198V，热效率不变的情况下要将这壶水从20℃加热到100℃需要多少秒?（计算结果保留整数）

图19

图18

第二篇：2017重庆中考巴蜀中学数学二模解析版

重庆市渝中区巴蜀中学2017年中考数学

一、选择题

1.﹣2017的相反数是（）

A.﹣2017 B.2017 C.﹣

D.2.在以下奢侈品牌的标志中，是轴对称图形的是（）

A.B.C.D.3.（a2）3÷a4的计算结果是（）

A.a B.a2 C.a4 D.a5 4.下列调查中不适合抽样调查的是（）

A.调查“华为P10”手机的待机时间 B.了解初三（10）班同学对“EXO”的喜爱程度

C.调查重庆市面上“奶牛梦工场”皇室尊品酸奶的质量 D.了解重庆市初三学生中考后毕业旅行计划 5.估算 + ÷ 的运算结果应在（）

A.2到3之间 B.3到4之间 C.4到5之间 D.5到6之间 1.【答案】B

【考点】相反数

【解析】【解答】解：﹣2017的相反数是2017，故答案为：B．

【分析】只有符号不同的两个数叫做互为相反数。2.【答案】C

【考点】轴对称图形

【解析】【解答】解：A、不是轴对称图形，不合题意； B、不是轴对称图形，不合题意； C、是轴对称图形，符合题意； D、不是轴对称图形，不合题意． 故答案为：C．

【分析】把一个图形沿着一条直线折叠，直线两旁的部分能完全重合的图形就是轴对称图形。3.【答案】B

【考点】幂的乘方与积的乘方，同底数幂的除法 642【解析】【解答】解：原式=a÷a=a，故答案为：B．

【分析】再按幂的乘方，底数不变，指数相乘，再算同底数幂的除法，底数不变，指数相减得出结果。4.【答案】B

【考点】全面调查与抽样调查

【解析】【解答】解：A、调查“华为P10”手机的待机时间调查范围广适合抽样调查，故A不符合题意； B、了解初三（10）班同学对“EXO”的喜爱程度适合普查，故B符合题意；

C、调查重庆市面上“奶牛梦工场”皇室尊品酸奶的质量调查具有破坏性适合抽样调查，故C不符合题意； D、了解重庆市初三学生中考后毕业旅行计划调查范围广适合抽样调查，故D不符合题意； 故答案为：B．

【分析】适合抽样调查的对象应该是调查范围广、调查具有破坏性等情形的，否则就是不适合抽样调查的。

6.若代数式 有意义，则x的取值范围是（）

A.x＞1且x≠2 B.x≥1 C.x≠2 D.x≥1且x≠2

5.【答案】D

【考点】二次根式的混合运算

【解析】【解答】解： =3+ ∵2＜ ∴3+，＜3，在5到6之间． +

÷

故答案为：D．

【分析】先按二次根式的除法，根指数不变，被开方数相除，算二次根式的除法，再将二次根式化简按实数的运算法则进行即可。6.【答案】D

【考点】二次根式有意义的条件，函数自变量的取值范围

【解析】【解答】解：由分式及二次根式有意义的条件可得：x﹣1≥0，x﹣2≠0，解得：x≥1，x≠2，故答案为：D．

【分析】由分式及二次根式有意义的条件得出不等式组求解即可。7.如图，△ABC的三个顶点都在⊙O上，AD是直径，且∠CAD=56°，则∠B的度数为（）

A.44° B.34° C.46° D.56° 8.已知△ABC∽△DEF，S△ABC：S△DEF=1：9，若BC=1，则EF的长为（）

A.1 B.2 C.3 D.9

7.【答案】B

【考点】三角形内角和定理，圆周角定理

【解析】【解答】解：连接DC，∵AD为直径，∴∠ACD=90°，∵∠CAD=56°，∴∠D=90°﹣56°=34°，∴∠B=∠D=34°，故答案为：B．

【分析】利用圆周角定理及三角形的内角和和同弧所对得到圆周角相等即可。8.【答案】C

【考点】相似三角形的性质

【解析】【解答】解：∵△ABC∽△DEF，S△ABC：S△DEF=1：9，∴ =，∵BC=1，∴EF的长为：3． 故答案为：C．

【分析】根据相似三角形面积的比等于相似比的平方得出相似比，进而得出答案。9.【答案】C

【考点】代数式求值

222【解析】【解答】解：∵（x﹣1）=x﹣2x+1=2，即x﹣2x=1，2∴原式=2（x﹣2x）+5=2+5=7．

故答案为：C 22222【分析】先将（x﹣1）=2的左边展开得x﹣2x+1=2，即x﹣2x=1，代数式2x﹣4x+5=2（x﹣2x）+5，然后整体代入即可。

9.若（x﹣1）2=2，则代数式2x2﹣4x+5的值为（）

A.11 B.6 C.7 D.8

10.如图，小桥用黑白棋子组成的一组图案，第1个图案由1个黑子组成，第2个图案由1个黑子和6个白子组成，第3个图案由13个黑子和6个白子组成，按照这样的规律排列下去，则第8个图案中共有（）和黑子．

A.37 B.42 C.73 D.121 11.“星光隧道”是贯穿新牌坊商圈和照母山以北的高端居住区的重要纽带，预计2017年底竣工通车，图中线段AB表示该工程的部分隧道，无人勘测飞机从隧道一侧的点A出发，沿着坡度为1：2的路线AE飞行，飞行至分界点C的正上方点D时，测得隧道另一侧点B的俯角为12°，继续飞行到点E，测得点B的俯角tan12°≈0.2，cos12°≈0.98）为45°，此时点E离地面高度EF=700米，则隧道BC段的长度约为（）米．（参考数据：

A.2100 B.1600 C.1500 D.1540

12.若数a使关于x的不等式组

无解，且使关于x的分式方程

﹣

=﹣3有正整数解，则满足条件的a的值之积为（）

A.28 B.﹣4 C.4 D.﹣2

10.【答案】C

【考点】探索图形规律

【解析】【解答】解：第1、2图案中黑子有1个，第3、4图案中黑子有1+2×6=13个，第5、6图案中黑子有1+2×6+4×6=37个，第7、8图案中黑子有1+2×6+4×6+6×6=73个，故答案为：C． 【分析】这是一道寻求规律的题，观察图形得到1、2图案中黑子有一个，第三第四个图案中黑子有13个，第5、6图案中黑子有37个，利用规律可知第7、8图案中黑子有73个。11.【答案】C

【考点】解直角三角形的应用-坡度坡角问题，解直角三角形的应用-仰角俯角问题

【解析】【解答】解：由题意得，∠EBF=45°，EF=700米，∴BF=EF=700米，∵AE的坡度为1：2，∴AF=2EF=1400米，∴AB=1400+700=2100米，设CD=x米，∵AE的坡度为1：2，∴AC=2CD=2x米，∵∠DBC=12°，tan12°≈0.2= ∴BC=5CD=5x米，则7x=2100，解得，x=300米，∴AC=600米，BC=1500米； 故答案为：C．

【分析】根据坡度的概念及俯角的概念解答即可。12.【答案】B

【考点】分式方程的解，解一元一次不等式组

【解析】【解答】解：不等式组整理得： 由不等式组无解，得到3a﹣2≤a+2，解得：a≤2，分式方程去分母得：ax+5=﹣3x+15，即（a+3）x=10，由分式方程有正整数解，得到x= 解得：a=﹣2，﹣1，2，7，a的值，综上，满足条件a的为﹣2，﹣1，2，之积为﹣4，故答案为：B 【分析】由不等式组无解，得到3a﹣2≤a+2，由分式方程有整数解得出，得到x= 10，从而得出综上，满足条件a的为﹣2，﹣1，2，之积为﹣4。，即a+3=1，2，5，即a+3=1，2，5，10，，二、填空题

13.截止5月17日，检察反腐力作《人民的名义》在爱奇艺上的点播量约为6820 000 000次，请将6820 000 000用科学记数法表示为________． 14.计算： ﹣（﹣

0﹣2）+（π﹣2017）=________．

15.如图，在扇形AOB中，∠AOB=90°，点C为OA的中点，CE⊥OA交弧AB于点E，以点O为圆心，OC的长为半径作弧CD交OB于点D，若OA=4，则阴影部分的面积为________．

16.“一带一路”国际合作高峰论坛于5月14日在北京开幕，学校在初三年级随机抽取了50名同学进行“一带一路”知识竞答，并将他们的竞答成绩绘制成如图的条形统计图，本次知识竞答成绩的中位数是________分．

17.5月13日，周杰伦2017“地表最强”世界巡回演唱会在奥体中心盛大举行，1号巡逻员从舞台走往看台，2号巡逻号从看台走往舞台，两人同时出发，分别以各自的速度在舞台与看台间匀速走动，出发1分钟后，1号巡逻员发现对讲机遗忘在出发地，便立即返回出发地，拿到对讲机后（取对讲机时间不计）立即再从2号巡逻员继续走到舞台，xmin）舞台走往看台，结果1号巡逻员先到达看台，设2号巡逻员的行驶时间为（，两人之间的距离为y（m），y与x的函数图象如图所示，则当1号巡逻员到达看台时，2号巡逻员离舞台的距离是________米．

13.【答案】6.82×109

【考点】科学记数法—表示绝对值较大的数

9【解析】【解答】解：将6820 000 000用科学记数法表示为6.82×10 ．

9故答案为：6.82×10 ．

【分析】科学记数法—表示绝对值较大的数,一半表示成a数减一。14.【答案】﹣5

【考点】实数的运算，零指数幂，负整数指数幂

10n,的形式，其中

1a10,n是原数的整数位 【解析】【解答】解： =﹣2﹣4+1 =﹣5 故答案为：﹣5． ﹣（﹣

0﹣

2）+（π﹣2017）

【分析】利用立方根的定义，负指数的意义，零指数的意义分别化简，再按实数运算方法进行运算即可。15.【答案】π+2

【考点】线段垂直平分线的性质，扇形面积的计算

【解析】【解答】解：连接OE、AE，∵点C为OA的中点，∴△AEO为等边三角形，∴∠CEO=30°，∠EOC=60°，∴S扇形AOE= = π，∴S阴影=S扇形AOB﹣S扇形COD﹣（S扇形AOE﹣S△COE）= =3π﹣ = π+2 ﹣ π+2 ． π+2 ． ﹣（π﹣

×2×2）

故答案为：

【分析】：连接OE、AE，根据中垂线定义及同圆的半径相等得出△AEO为等边三角形，利用扇形面积公式得出S扇形AOE，然后利用S阴影=S扇形AOB﹣S扇形COD﹣（S扇形AOE﹣S△COE）得出结论。16.【答案】47.5

【考点】中位数、众数

【解析】【解答】解：由图可得，m=50﹣6﹣12﹣21﹣4=7，∵数据总数为50个，∴中位数为第25和26个数据的平均数，又∵第25个数据落在第三组，第26个数据落在第四组，∴本次知识竞答成绩的中位数是 故答案为：47.5．

【分析】将一组数据按从大到小，或者从小到大的顺序排列，如果这组数据的个数是偶数，则中间两个数据的平均数就是这组数据的中位数。

=47.5，17.【答案】

【考点】一次函数的应用

【解析】【解答】解：由图象可得2号巡逻员的速度为1000÷12.5=80m/min，1号巡逻员的速度为（1000﹣800）÷1﹣80=200﹣80=120m/min，设两车相遇时的时间为xmin，可得方程： 80x+120（x﹣2）=800+200，解得：x=6.2，∴a=6.2，∴2号巡逻员的路程6.2×80=496m，1号巡逻员到达看台时，还需要

=

min，）=

m，∴2号巡逻员离舞台的距离是1000﹣80×（6.2+ 故答案为： m．

【分析】根据图像可得2号巡逻员的速度为1000÷12.5=80m/min，1号巡逻员的速度为（1000﹣800）÷1﹣80=200﹣80=120m/min，设两车相遇时的时间为xmin，根据1号巡逻员第二次从舞台所走过的路程加上2号巡逻员第一次从看台出发走过的路程等于舞台与看台之间的路程列出方程求解，然后利用相遇时2号巡逻员的路程6.2×80=496m，1号巡逻员到达看台时还需要的时间，进而算出2号巡逻员离舞台的距离。18.【答案】

【考点】全等三角形的判定与性质，勾股定理，正方形的性质，翻折变换（折叠问题）

【解析】【解答】解：过B作BP⊥EH于P，连接BE，交FH于N，则∠BPG=90°，∵四边形ABCD是正方形，∴∠BCD=∠ABC=∠BAD=90°，AB=BC，∴∠BCD=∠BPG=90°，∵∠EGB=∠CGB，BG=BG，∴△BPG≌△BCG，∴∠PBG=∠CBG，BP=BC，∴AB=BP，∵∠BAE=∠BPE=90°，BE=BE，∴Rt△ABE≌Rt△PBE（HL），∴∠ABE=∠PBE，∴∠EBG=∠EBP+∠GBP= ∠ABC=45°，由折叠得：BF=EF，BH=EH，∴FH垂直平分BE，∴△BNM是等腰直角三角形，∵BM=2，∴BN=NM= =2，∴BE=4 ∵AE=8，∴DE=12﹣8=4，由勾股定理得：AB= 设BF=x，则EF=x，AF=12﹣x，222由勾股定理得：x=8+（12﹣x），= =12，x=，∴BF=EF= ∵△ABE≌△PBE，∴EP=AE=8，BP=AB=12，同理可得：PG= Rt△EFN中，FN=，=，∴S四边形EFMG=S△EFN+S△EBG﹣S△BNM，= = = FN•EN+ × ．

． × + ﹣ BN•NM，）×12﹣

×

×，（8+ 故答案为：

根据正方形的性质得出∠BCD=∠ABC=【分析】过B作BP⊥EH于P，连接BE，交FH于N，则∠BPG=90°，∠BAD=90°，AB=BC，进而得出△BPG≌△BCG及Rt△ABE≌Rt△PBE，推出∠EBG=∠EBP+∠GBP= ∠ABC=45°，由折叠知BF=EF，BH=EH，进而得FH垂直平分BE，故△BNM是等腰直角三角形，利用勾股定理列方程可得EF,PQ，FN的长，最后根据面积的和与差求出结论。

18.正方形ABCD中，F是AB上一点，H是BC延长线上一点，连接FH，将△FBH沿FH翻折，使点B的对应点E落在AD上，EH与CD交于点G，连接BG交FH于点M，当GB平分∠CGE时，BM=2 则S四边形EFMG=________．，AE=8，三、解答题

19.如图，EF∥AD，∠1=∠2，∠BAC=87°，求你∠AGD的度数．

20.巴蜀中学2017春季运动会的开幕式精彩纷呈，B动漫潮、C学院派、主要分为以下几个类型：A文艺范、D民族风，为了解未能参加运动会的初三学子对开幕式类型的喜好情况，学生处在初三年级随机抽取了一部分学生进行调查，并将他们喜欢的种类绘制成如下统计图，请你根据统计图解答以下问题：

（1）请补全折线统计图，并求出“动漫潮”所在扇形的圆心角度数．

（2）据统计，在被调查的学生中，喜欢“文艺范”类型的仅有2名住读生，其余均为走读生，初二年级欲从喜欢“文艺范”的这几名同学中随机抽取两名同学去观摩“文明礼仪大赛”视频，用列表法或树状图的方法求出所选的两名同学都是走读生的概率．

19.【答案】解：∵EF∥AD，∴∠2=∠3，∵∠1=∠2，∴∠1=∠3，∴AB∥DG（内错角相等，两直线平行），∴∠BAC+∠AGD=180°（两直线平行，同旁内角互补），∵∠BAC=87°，∴∠AGD=93°．

【考点】平行线的判定与性质

【解析】【分析】由平行线的性质得∠2=∠3，又∠1=∠2，从而∠1=∠3，根据内错角相等，两直线平行得出AB∥DG，再根据两直线平行，同旁内角互补得出∠AGD的度数。20.【答案】（1）解：被调查的学生数为；20÷50%=40人，A文艺范人数=40×12.5%=5人，B动漫潮人数=40﹣5﹣5﹣20=10人，补全折线统计图如图所示，“动漫潮”所在扇形的圆心角度数=360°×

=90°

（2）解：设2名住读生为A

1，A

2，走读生为B1，B2，B3画树状图如图所示，有树状图得知，所有等可能的情况有20种，其中所选两位同学恰好都是都是走读生的情况有6种，∴所选的两名同学都是走读生的概率=

=

．

【考点】扇形统计图，折线统计图，列表法与树状图法

【解析】【分析】（1）根据等级C的人数除以占的百分比求出调查的学生数，进而确定出等级A的人数即可，补全条形统计图即可；

（2）设2名住读生为A1，A2，走读生为B1，B2，B3画树状图如图所示，有树状图得知，所 有等可能的情况有20种，其中所选两位同学恰好都是都是走读生的情况有6种，根据概率公式计算即可。

21.化简下列各式

2（1）（b+2a）（2a﹣b）﹣3（2a﹣b）

（2）

÷（﹣a﹣b）+ ．

21.【答案】（1）解：（b+2a）（2a﹣b）﹣3（2a﹣b）2 =4a2﹣b2﹣12a2+12ab﹣3b2 =﹣8a2+12ab﹣4b2；（2）解： = ÷（﹣a﹣b）+

=

=﹣ = ．

【考点】完全平方公式，平方差公式，分式的混合运算

【解析】【分析】先利用平方差公式及完全平方公式，乘法分配律去括号，再计算整式的减法；

（2）先把整式看成分母为一的式子通分计算分式的减法，再把分子分母分别分解因式，计算分式的除法，能约分的必须约分化为最简形式，最后按同分母分式的减法计算出结果。

四、解答题

22.如图，在平面直角坐标系xOy中，一次函数y=kx+b的图象与反比例函数y= 四象限内的A、B两点，与x轴交于C点，点B的坐标为（12，n），OA=10，E为x轴负半轴上一点，且tan∠AOE=

．

（m≠0）的图象交于

二、（1）求该反比例函数和一次函数的解析式；

（2）延长AO交双曲线于点D，连接CD，求△ACD的面积． 22.【答案】（1）解：如图，过A作AF⊥x轴于F，∵OA=10，tan∠AOE=，∴可设AF=4a，OF=3a，则由勾股定理可得：

222（3a）+（4a）=10，解得a=2，∴AF=8，OF=6，∴A（﹣6，8），代入反比例函数y=，可得m=﹣48，，可得n=﹣4，∴反比例函数解析式为：y=﹣ 把点B（12，n）代入y=﹣ ∴B（12，﹣4），设一次函数的解析式为y=kx+b，则，解得，∴一次函数的解析式为y=﹣（2）解：在一次函数y=﹣ x+4；

x+4中，令y=0，则x=6，即C（6，0），∵A（﹣6，8）与点D关于原点成中心对称，∴D（6，﹣8），∴CD⊥x轴，∴S△ACD=S△ACO+S△CDO = = CO×AF+ ×6×8+ CO×CD ×6×8 =48．

【考点】反比例函数与一次函数的交点问题 【解析】【分析】(1)过A作AF⊥x轴于F，根据锐角三角函数的定义，及勾股定理得出AF=8，OF=6，进而得出A点的坐标，用待定系数法求出反比例函数的解析式，进而求出B点的坐标，再利用待定系数法求出一次函数的解析式；

（2）求出C点的坐标，根据A与点D关于原点成中心对称求出D点的坐标，然后利用S△ACD=S△ACO+S△CDO列式计算即可。

23.“父母恩深重，恩怜无歇时”，每年5月的第二个星期日即为母亲节，节日前夕巴蜀中学学生会计划采购一批鲜花礼盒赠送给妈妈们．

（1）经过和花店卖家议价，可在原标价的基础上打八折购进，若在花店购买80个礼盒最多花费7680元，请求出每个礼盒在花店的最高标价；（用不等式解答）

（2）后来学生会了解到通过“大众点评”或“美团”同城配送会在（1）中花店最高售价的基础上降价25%，学生会计划在这两个网站上分别购买相同数量的礼盒，但实际购买过程中，“大众点评”网上的购买价格比原有价格上涨 m%，购买数量和原计划一样：“美团”网上的购买价格比原有价格下降了

m元，购买

m%，数量在原计划基础上增加15m%，最终，在两个网站的实际消费总额比原计划的预算总额增加了 求出m的值．

23.【答案】（1）解：解法一：设标价为x元，列不等式为0.8x•80≤7680，x≤120；

解法二：7680÷80÷0.8，=96÷0.8，=120（元），答：每个礼盒在花店的最高标价是120元；

（2）解：假设学生会计划在这两个网站上分别购买的礼盒数为a个礼盒，由题意得：120×0.8a（1﹣25%）（1+ ﹣25%）×2（1+ 72a（1+ m%），m）（1+15m%）=144a（1+

m%），m%）+a[120×0.8（1﹣25%）﹣

m]（1+15m%）=120×0.8a（1m%）+a（72﹣

0.0675m2﹣1.35m=0，m2﹣20m=0 m1=0（舍），m2=20，答：m的值是20．

【考点】一元二次方程的应用，一元一次不等式组的应用

【解析】【分析】（1）方法一：可以设：设标价为x元，列不等式为0.8x•80≤7680，即可解决问题；方法二：根据单价=总价数量先求出一个礼盒最多花费，再除以折扣可求出每个礼盒在花店的最高标价；

（2）假设学生会计划在这两个网站上分别购买的礼盒数为a个礼盒，表示在大众点评网上的购买实际消 费总额以及在美团网上的购买实际消费总额，根据在两个网站的实际消费总额比原计划的预算总额增加了m%，列方程解出即可。

24.如图，在△ABC中，AB=AC，∠BAC=90°，AH⊥BC于点H，过点C作CD⊥AC，连接AD，点M为AC上一点，且AM=CD，连接BM交AH于点N，交AD于点E．

（1）若AB=3，AD=，求△BMC的面积；

．

（2）点E为AD的中点时，求证：AD= 24.【答案】（1）解：如图1中，在△ABM和△CAD中，∴△ABM≌△CAD，∴BM=AD= ∴AM= ∴CM=CA﹣AM=2，∴S△BCM= •CM•BA= •2•3=3．，=1，（2）解：如图2中，连接EC、CN，作EQ⊥BC于Q，EP⊥BA于P． AE=ED，∠ACD=90°，AE=CE=ED，EAC=∠ECA，ABM≌△CAD，ABM=∠CAD，ABM=∠MCE，AMB=∠EMC，CEM=∠BAM=90°，ABM∽△ECM，=，=，∵∠AME=∠BMC，AME∽△BMC，AEM=∠ACB=45°，AEC=135°，易知∠PEQ=135°，PEQ=∠AEC，AEQ=∠EQC，∵∠P=∠EQC=90°，EPA≌△EQC，EP=EQ，∵EP⊥BP，EQ⊥BC BE平分∠ABC，NBC=∠ABN=22.5°，AH垂直平分BC，NB=NC，NCB=∠NBC=22.5°，ENC=∠NBC+∠NCB=45°，ENC的等腰直角三角形，NC= EC，∴AD=2EC，2NC= AD，∵∴∴∠∵△∴∠∴∠∵∠∴∠∵△∴∴

∴△∴∠∴∠∴∠∴∠ ∴△∴∴∴∠∵∴∴∠∴∠∴△∴∴ ∴AD= NC，∵BN=NC，∴AD= BN．

【考点】全等三角形的判定与性质，线段垂直平分线的性质，等腰三角形的判定与性质，勾股定理，相似三角形的判定与性质

【解析】【分析】（1）首先根据SAS证出△ABM≌△CAD，推出BM=AD= AM的长，再推出CM=CA﹣AM=2，从而利用∴S△BCM= •CM•BA得出答案；

（2）如图2中，连接EC、CN，作EQ⊥BC于Q，EP⊥BA于P，想办法证出△ENC的等腰直角三角形，即可解决问题。，然后根据勾股定理得出

25.对于一个三位正整数t，将各数位上的数字重新排序后（包括本身），得到一个新的三位数 在所有重新排列的三位数中，当|a+c﹣2b|最小时，称此时的

（a≤c），为t的“最优组合”，并规定F（t）=|a﹣b|﹣|b﹣c|，例如：124重新排序后为：142、214、因为|1+4﹣4|=1，|1+2﹣8|=5，|2+4﹣2|=4，所以124为124的“最优组合”，此时F（124）=﹣1．

（1）三位正整数t中，有一个数位上的数字是另外两数位上的数字的平均数，求证：F（t）=0

（2）一个正整数，由N个数字组成，若从左向右它的第一位数能被1整除，它的前两位数能被2整除，前三位数能被3整除，…，一直到前N位数能被N整除，我们称这样的数为“善雅数”．例如：123的第一位数1能披1整除，它的前两位数12能被2整除，前三位数123能被3整除，则123是一个“善雅数”．若三位“善雅数”m=200+10x+y（0≤x≤9，0≤y≤9，x、y为整数），m的各位数字之和为一个完全平方数，求出所有符合条件的“善雅数”中F（m）的最大值．

25.【答案】（1）证明：∵三位正整数t中，有一个数位上的数字是另外两数位上的数字的平均数，∴重新排序后：其中两个数位上数字的和是一个数位上的数字的2倍，∴a+c﹣2b=0，即（a﹣b）﹣（b﹣c）=0，∴F（t）=0；

（2）解：∵m=200+10x+y是“善雅数”，∴x为偶数，且2+x+y是3的倍数，∵x＜10，y＜10，∴2+x+y＜30，∵m的各位数字之和为一个完全平方数，2∴2+x+y=3=9，∴当x=0时，y=7，当x=2时，y=5，当x=4时，y=3，当x=6时，y=1，∴所有符合条件的“善雅数”有：207，225，243，261，∴所有符合条件的“善雅数”中F（m）的最大值是）=|2﹣4|﹣|4﹣3|=1．

【考点】定义新运算

【解析】【分析】（1）由三位正整数中，有一个数位上的数字是另外两数位上的数字的平均数，根据最优组合的定义即可求解；

（2）由三位“善雅数”的定义，可得a为偶数，且2+x+y是3的倍数，且2+x+y＜30，又有m的各位数字之

2和为一个完全平方数，可得2+x+y=3=9，继而求得答案。

五、解答题

26.如图1，在平面直角坐标系中，抛物线y=

x2﹣

x+3

与x轴交于点A、B两点（点A在点B的左侧），与y轴交于点C，过点C作CD∥x轴，且交抛物线于点D，连接AD，交y轴于点E，连接AC．

（1）求S△ABD的值；

（2）如图2，若点P是直线AD下方抛物线上一动点，过点P作PF∥y轴交直线AD于点F，作PG∥AC交直线AD于点G，当△PGF的周长最大时，在线段DE上取一点Q，当PQ+ QE的值；

（3）如图3，M是BC的中点，以CM为斜边作直角△CMN，使CN∥x轴，MN∥y轴，将△CMN沿射线CB平移，记平移后的三角形为△C′M′N′，当点N′落在x轴上即停止运动，将此时的△C′M′N′绕点C′逆时针旋转（旋转度数不超过180°），旋转过程中直线M′N′与直线CA交于点S，与y轴交于点T，与x轴交于点W，请问△CST是否能为等腰三角形？若能，请求出所有符合条件的WN′的长度；若不能，请说明理由．

26.【答案】（1）解：令y=0，则2 解得x= ∴A（或4 ．，0），C（0，3），x2﹣33x+36

=0，QE的值最小时，求此时PQ+，0），B（4 ∵CD∥AB，∴S△DAB=S△ABC= •AB•OC= ×

× m2﹣

=

． m+3）．（2）解：如图2中，设P（m，∵A（，0），D（，3 x﹣），∴直线AD的解析式为y= ∵PF∥y轴，∴F（m，∵PG⊥DE，∴△PGF的形状是相似的，m﹣），∴PF的值最大时，△PFG的周长最大，∵PF= m﹣

= ﹣（m2﹣

m+3）=﹣

m2+，﹣

m﹣），∴当m=﹣ 时，PF的值最大，此时P（作P关于直线DE的对称点P′，连接P′Q，PQ，作EN∥x轴，QM⊥EN于M，∵△QEM∽△EAO，∴ ∴QM= ∴PQ+ = =，QE，EQ=PQ+QM=P′Q+QM，EQ的值最小，x+，∴当P′、Q、M共线时，PQ+ 易知直线PP′的解析式为y=﹣

由，可得G（，），∵PG=GP′，∴P′（∴P′M= ∴PQ+，+），=，． EQ的最小值为

（3）解：①如图3中，当CS=CT时，作CK平分∠OCA，作KG⊥AC于G．

易知KO=KG，∵ = = =

=，∴OK= • =3 ﹣6，易证∠BWN′=∠OCK，∴tan∠BWN′=tan∠OCK=

=，∵BN′=2 ∴WN′=2，+4 ．

②如图4中，当TC=TS时，易证∠BWN′=∠OAC，∴tan∠BWN′=tan∠OAC=

=，∴WN′=，③如图5中，当TS=TC时，延长N′B交直线AC于Q，作BG⊥AQ于G，QR⊥AB于R．

∵TS=TC，∴∠TSC=∠TCS=∠ACO，∵∠TSC+∠SQN′=90°，∠ACO+∠OAC=90°，∴∠BQA=∠OAC=∠BAQ，∴BA=BQ，∴AG=GQ，设AQ=a，则易知BG=a，BQ=AB= ∵ •AQ•BG= •AB•QR，a，=，a，∴QR= a，BR= ∴tan∠WBN′=tan∠QBR= ∴WN′= ．

④如图6中，当CS=CT时，由①可知，在Rt△BN′W中，tan∠N′BW= =，∴N′W=2 ﹣4 ．

+4

或

或

或2

﹣4

．

综上所述，满足条件的WN′的长为2 【考点】二次函数的应用，等腰三角形的判定与性质，相似三角形的判定与性质，旋转的性质，二次函数图象上点的坐标特征

【解析】【分析】（1）令y=0，代入抛物线的解析式，求出A,B,C的坐标，由CD∥AB，推出S△DAB=S△ABC，由此即可解决问题；

=

时,PF的值最大，此时P（2）首先说明PF的值最大时，△PFG的周长最大，然后说明当当m=-（，），作P关于直线DE的对称点P′，连接P′Q，PQ，作EN∥x轴，QM⊥EN于M，由△QEM

PQ+ EQ∽△EAO对应边成比例推出QM= QE，推出PQ+ EQ=PQ+QM=P′Q+QM，推出P,Q,M三点共线时，的值最小，易知直线PP′的解析式，联系直线AD的解析式与直线PP′的解析式求出G点的坐标，进而找到P′的坐标，得到P′M的长度即可；

（3）分两种情况讨论：①如图3中，当CS=CT时，作CK平分∠OCA，作KG⊥AC于G，由tan∠BWN′=tan∠OCK构建方程即可解决问题，②如图4中，当TC=TS时，由tan∠BWN′=tan∠OAC构建方程即可解决问题。

第三篇：2014年北京中考二模物理试题-二模大实验

36．符合实验要求的可以变换输出电压的学生电源，多个阻值不同的定值电阻，一块已经成为调零的电压

表，开关一个，导线若干。请你利用上述器材，设计实验证明“串联电路两端的总电压等于各个电阻两端电压之和”。要求：

（1）画出实验电路图；（2）写出实验步骤；（3）画出实验数据记录表。

38．（5分）实验桌上有满足实验需要的如下器材：弹簧测力计、体积不同的铝块若干、细线、大烧杯、量筒、水。请你利用上述器材设计一个实验证明：浸在水中的物体所受的浮力大小跟物体排开水的体积成正比。请你写出实验步骤，画出实验数据记录表。

36．杠杆平衡时，如果阻力与阻力臂不变，动力与动力臂成反比，即F动k。实验桌上提供了组装好L动

且在水平位置平衡的杠杆，2N的钩码2个，弹簧测力计1个。请你设计实验，证明：kF阻L阻。（5分）

第36题图

37．探究小组的同学学习了简单机械后，知道使用简单机械可以省力，于

是产生了一个想法：用实验室内测量范围为0～5N的弹簧测力计一只，由两个滑轮构成的滑轮组两个（如图23所示），测量质量约为50kg的学生的体重．请你根据实验室提供的器材和再补充一些器材（不要

再增添滑轮），设计一个能完成他们想法的方案，对方案的要求是：

（1）写出方案中需要补充的器材；

（2）画出测量方案的示意图，写出关键条件和需要测量的物理量；

（3）写出被测学生体重与测量物理量之间的关系式．

38.小明想利用实验探究电流跟电压的关系，于是他从实验桌上选取了电流表、电压表、小灯泡、开关、滑动变阻器、导线等实验器材进行实验。

（1）请你帮他在虚线框中画出实验电路图。

（2）下面是他记录的部分实验步骤，请你帮他补充完整。

①； ②

③改变滑动变阻器的位置，依照步骤②再做5次实验，将各次的实验数据记录于实验数据表中。

（3）下表是小明收集的实验数据，根据表中的实验数据指出实验的不足，请针对不足提出你

38．（5分）实验桌上有符合实验要求的橡皮筋一根、弹簧测力计（量程0~5N）两个、带横杆的铁架台一个、刻度尺一把、细线若干。请你选用上述实验器材设计一个实验证明：如果同一直线上的两个力F1与F2的方向相同，则F1与 F2的合力F =F1＋F2。请你写出实验步骤（可画示意图辅助说明），画出实验数据记录表格。

37.下面内容是小华在“探究光的反射规律”实验中的部分实验报告，请你完成相应实验步骤，并设计出填写数据的表格。

一、实验猜想与假设：光在发生反射时，反射光线、入射光线和法线在同一平面内。

二、设计实验：

（一）实验器材和装置：激光笔、光的反射定律演示仪（包

M、平板E和F等，如图19所示）

（二）实验步骤：

1．将F板旋转到与E板在同一平面，用激光笔发出一

方向射向O点的光，观察在右侧F板上能否看到反射光线

并记录现象。

2.3.4.将F板向后折转一定的角度，观察在右侧F板上能否看到反射光OB′，并将现象记录在表格中。

（三）实验结果记录表格 括小平面镜束沿E板AOOB（如图），

第四篇：巴蜀学习心得

巴蜀之行学习心得

朱凤云

在巴蜀中学参观学习一个星期后，给我很多启发。真正体会到学校教育以人为本，校长以教师为本，教师以学生为本。在管理、教学、校园文化等方面都值得我们学习。

首先，学校管理非常制度化、专业化、科学化、人性化。学校的管理理念是责任立己，制度立校。我们分别参加了学校的班主任会议、半期考试教师交流会和家长会。每一次会议都能体现学校领导在管理上的专业性和科学性。校领导的发言每一句都是经过反复推敲的，有理有据用数据说话。及其重视细节，班主任会议上把要发言的会议稿打印出来发给每个班主任，上面清清楚楚写着班主任工作的细则，注意事项，这给教师的工作提供了有效的指导，大大提高了工作效率。比如在班主任会议上讲到即将到来的家长会，每一个细节说的都很到位，每一步都计划的很完整。注意到细节，特别是对于学生家长提问环节，教给教师沟通技巧，告诉教师家长想知道什么，让班主任提前做准备，充分考虑到各个方面的问题。除此之外，在期中考试的分析交流会议上，用强大的数据库科学分析各科成绩，根据分析结果让各个老师反思自己的教学行为，及接下来自己对教学调整和计划。每个年级领导的办公室都在该年级的教学楼，时刻为学生服务。整个学校的管理都是一个团结的团队，用爱帮助学生成长，用心促进学校的发展。

在教学方面，张扬个性，挖掘潜能。每个老师都有自己的特色，并没有因为我们去听课而刻意去做什么。听了两天课，最大的感受是每一个教师的学科专业知识都特别精通，对课本上的每个知识点把握的都非常准确，教学的基本功特别扎实。每讲一个知识点都能很准确定位在高考中所占比例，讲练结合，一步步打好基础。特别是学生在课堂上已经养成做笔记的习惯，课下习题也按时写完，教师特别注重习题的讲解。其次是每个星期的教研会。每个学科的老师都会聚集到一起开教研会，不是搞形式主义而实实在在解决教学问题，讨论教学进度，教学重难点，教学设计，集体备课、教学反思等。每次的教研会对新教师成长都很有帮助。当然教学中也有点不足，不太注重学生的主体地位，满堂灌，上课拖堂，还是旧的教学模式。不过我们更应该学习他们教学中对知识点的把握和教学细节做的比较好。

最后在校园文化建设方面做的特别好。我们参观了巴蜀学校的校史馆充分展示了学校发展历程。这是一个国内一流，世界知名，受人尊敬的学校。几十年不变的校训，校歌，每个走廊教室标语，学生规范，都统一用淡紫色贴纸，非常大气整洁。学校中有各种社团，选修课，开展演讲，辩论，读书，班会活动，看新闻周刊了解国内外大事，各种丰富多彩的课外活动。

总之整个巴蜀的教学理念都是全面育人，为学生未来幸福奠定基础。培养具有民族自尊心的人，踏实能干的人，身心健康的人，勇于创新的人，具有国际视野的人，这些都值得我们学习。做教育一定要有先进理念，国际视野。

第五篇：巴蜀文化

巴蜀文化是华夏文化的一个分支。中国四川盆地中成都的蜀和重庆的巴所代表的文化。蜀文化以成都为中心，包括盆地西部及陕南、滇北一带。传说，早建有地方政权，至公元前316年为秦所灭。考古发现，商至西周时，蜀人与黄河流域民族即有文化交流。出土商代后期陶器如深腹豆形器、高柄豆、小平底钵等，虽具地方特色，但铜镞、铜戈、铜矛却为黄河流域常见器形。出土的西周至春秋的玉石礼器与中原所出者一致。巴文化最早源于湖北西南的清江流域，后活动于盆地东部及附近地区。西周时，建有巴国，受蜀影响，始有较高水平的农业。蜀文化以成都为中心，包括盆地西部及陕南、滇北一带。传说，早建有地方政权，至公元前316年为秦所灭。考古发现，商至西周时，蜀人与黄河流域民族即有文化交流。出土商代后期陶器如深腹豆形器、高柄豆、小平

巴蜀文化

底钵等，虽具地方特色，但铜镞、铜戈、铜矛却为黄河流域常见器形。出土的西周至春秋的玉石礼器与中原所出者一致。巴文化最早源于湖北西南的清江流域，后活动于盆地东部及附近地区。西周时，建有巴国，受蜀影响，始有较高水平的农业。后与蜀同时为秦所灭。代表巴文化特征的有出土战国时的圆刃折腰钺，短骹式弓耳矛及甑、釜、鍪配套的铜容器

文化特点

1、总体上，巴蜀文化绵长久远、神秘而灿烂，可坐享天成，亦可以行卒而生；可无为逍遥，更因刀剑而存。

2、文化上兼容儒释道，以道，注川人风骨；以儒，举川人仕进；以释，去川人彷徨；进退之间，死生契阔。

3、蜀人从容，却含惰性；巴人明快，失之浅薄；瑰宝陆离，多附鬼气；人文荟萃，最是诗人。

4、巴蜀之地向来称为四塞之国，不可谓不封闭，然则多川汇流，昂然出三峡，成大江东去之势，尖锐，奔腾，苍茫，颇让人喟然感叹。

5、蜀中自古多才俊，蜀中自古少大将，多少豪情，多少志气，都削成丝丝缕缕花絮，化作点点滴滴闲情，粘满着春花秋雨，汇入大江大河，消失于无影无踪。

巴蜀文化是源远流长、多元一体的中华民族文化的重要组成部分，是中华文明的一支奇葩，在中华民族文化谱系中占有独特的地位。对于川渝地区各族同胞而言，巴蜀文化就是我们世代生存之根、流淌之脉、发展之魂。巴蜀文化有许多独具的特色和辉煌的亮点，足以令我们对先辈的创造感恩和自豪。三星堆、金沙等文化遗址的惊世发现，无可辩驳地证实了这里是长江上游的文明起源中心，改写着中华文明的历史，并显示出古蜀文化具有永恒的魅力。周秦以来，中华思想文化素以儒学、道学为主干，佛教传入后，更以儒释道交融互补为特色，而蜀地既是仙道的发源地，也是天师道的创教地；儒学自西汉起就在此代代传承，有“蜀学比于齐鲁”的评价；其后佛教西来，巴蜀又出了许多高僧大德尤其是禅学大师。蜀学有哲思传统和文史之长，“易学在蜀”、“史学莫隆于蜀”、“文宗自古出巴蜀”、“自古诗人例到蜀”等评语，无不彰显巴蜀文化的璀璨夺目、成就非凡。巴蜀的音乐、舞蹈、碑刻、石窟、绘画、刺绣等享有盛誉，成都有全国最早的国家画院和著名画派。巴蜀是我国的人类文化遗产、自然遗产、文化与自然双遗产、非物质文化遗产相对密集的聚宝盆，文化旅游的品味很高，成都并成为“国际非物质文化遗产节”的固定举办地。巴蜀在水利、天然气开采、钻井术、印刷术、天文、数学等科技领域都曾独占鳌头，引领潮流。巴蜀地区是中国历史上一个较大的移民区域，移民文化与本土文化交融互动，导致巴蜀文化具有很大的开放性、包容性、创新性和辐射性。巴蜀同源、同囿，是同中有异的复合型文化共同体，蜀人喜文好乐、精敏轻捷、诙谐幽默、富于想象力，巴人天生勤勇、敦重厚义、豁达豪爽、刻苦耐劳，所谓“巴人出将，蜀人入相”，大致道出了两者文化性格的差异。几千年来，尤其是百多年来向现代转型时期，巴蜀文化哺育和造就了众多的杰出人物和文化精英，他们的道德、功业和文章永远值得后辈怀念和弘扬。在遭遇汶川大地震的抗灾和重建过程中，四川人民表现出的英勇、睿智、大爱、感恩，也都凝聚着巴蜀文化长期浸润、潜移默化的影响。

在当今全球化的背景下，人文世界进入了史无前例的大接触大交融时代，国际范围内的竞争不仅是经济、政治、军事实力的竞争，还更加深刻地表现为文化软实力的竞争。我们一定要高度的文化自觉，十分珍视本土优秀的传统文化，而不能轻率否定，妄自菲薄。要处理好传统文化与现代化、本土文化与外来文化的关系，立大志愿，用大手笔来传承、整合、弘扬巴蜀文化，致力于培根、延脉、固本，使传统文化更加适应现代化的需要，在提高全民素质，推进文化强者，共建美好精神家园的进程中发挥巨大的力量。

立大志愿，用大手笔传承、整合和弘扬巴蜀文化，要抓牵头的东西，抓具有基础性、全局性和很大带动性的项目，这就是已故省老领导杨超、杨析综两同志（生前均兼任四川省中华文化学会会长）在十年前就提出的《巴蜀文化通史》和《巴蜀全书》这两项文化工程。可以告慰两位首倡者的是，在省委、省政府的关心、重视和领导下，在众多学者专家的积极参与和大力支持下，这两个文化工程不仅都已先后立项，并且都取得了阶段性的进展。《巴蜀文化通史》是省委批准，在2006年启动的西部文化强省建设重点项目，由省委繁荣哲学社会科学工作协调小组领导，依托省社科院，组织川渝两地学者共同完成。《巴蜀全书》不仅是省的重点项目，更是国家哲学社会科学规划小组支持的重大项目，已在2010年正式启动，由四川大学担纲，组织校内外学者专家分工承担。这里我侧重说一下《巴蜀文化通史》的进展情况。

《巴蜀文化通史》经过反复推敲，采用了“通论＋专题卷＋大事记”这样一种新的综合体裁，共22卷，即：通论卷，农业水利文化卷，工商文化卷，城市文化卷，建筑文化卷，交通文化卷，民族文化卷，移民文化卷，宗族会社卷，宗教文化卷，教育卷，哲学思想卷，史学卷，科技卷，巴蜀方言卷，文学卷，艺术卷，传播文化卷，民俗文化卷，文献要览卷，大事记，研究论著索引。这里包括了物质文化、制度文化、精神文化、行为习俗文化等相互关联的层面，要求在对巴蜀文化相关资料深度挖掘、力求全面占有的基础上，在纵通、横通和会通上下功夫，对几千年来的巴蜀文化作出全过程、全方位的回顾和总结，盘点其辉煌成就，展示其众多亮点，找出其特色和规律，既集前人研究之大成，又对尚存的若干难点与谜团努力作

出有理有据的阐释，探索传统的巴蜀文化如何与现代化契合来进行选择和创新，使它在新的时代大放异彩。完成这样一部继往开来，具有开拓创新意义的高质量学术著作，实践中碰到的困难很多，从每卷书的提纲到文稿，都经过反复推敲、修改，今年进入了定稿阶段，力争在2014年全部出版。

巴蜀是“文化旧邦”，文化典籍极其丰富。《巴蜀文化通史》多卷本里，有文献要览卷，这为编纂《巴蜀全书》作了必要的铺垫和准备。学术研究性的《巴蜀文化通史》共约900万字，而收集和整理巴蜀历代文献的《巴蜀全书》，总字数将以亿计。这两个项目相互配套，相得益彰，面世之后，将对巴蜀文化几千年来的发展和巴蜀文化概念提出七十多年来的研究工作起到集其大成和构建新的研究平台的作用；对于建设文化强省、构建和谐四川尽可能发挥出立其大本、凝聚人心、导向助推的作用；对于研究中华文明尤其是长江上游文明的起源和发展，满足人民群众的精神文化需求，起到提供翔实资料和学术见解的作用；对巴蜀文化的各个层面、各个专题领域，起到总结规律，开拓视野，引领研究，带动发展的作用；对于巴蜀文化事业、文化产业，尤其是文化创意产业的发展，提供深层次的文化内涵和坚实的学术依据，起到启发思路、激发灵感、挖掘和利用潜在文化力的作用。同时，这两项文化工程的实施，有利于改变大学、科研机构力量分散、各自为战的状况，将会加强文化研究力量和人才培养，起到整合、团结、壮大老中青结合的社科研究队伍的作用。《巴蜀文化通史》和《巴蜀全书》的编纂出版，将会缩小我们同地域文化研究走在前列的省市之间的明显差距，提升我们对巴蜀文化研究、应用的层次和水平，有利于巴蜀文化走进千家万户，有助于争得本土文化与世界多元文化平等对话的话语权，增强我们的文化竞争力和软实力。这些，就是完成两项工程的重大文化价值和深远战略意义之所在。