第一篇：内蒙古包头市2018年中考物理真题试题(含解析)
内蒙古包头市2018年中考物理真题试题
一、选择题
1.下列说法正确的是
A.声波和电磁波都能在真空中传播 B.吹笛子时手按不同的笛孔是为了改变音调
C.做圆周运动的物体如果所受外力全部消失将做匀速圆周运动 D.摩擦起电过程中能量的转化是电能转化为机械能 【答案】B 【解析】A.电磁波能在真空中传播，声波的传播需要介质，不能在真空中传播，故A错误；
B.吹笛子时手按不同的笛孔，空气柱的长度发生变化，振动频率变化，所以是为了改变音调，故B正确； C.做圆周运动的物体如果所受外力全部消失，根据牛顿第一定律知，物体将做匀速直线运动，故C错误； D.摩擦起电过程中能量得转化是机械能转化为电能，故D错误； 故选B。
点睛：注意理解C选项，做圆周运动的物体会受到一个向心力的作用，如果所受外力全部消失，物体将做匀速直线运动。
2.关于热现象，下列说法正确的是 A.雾是漂浮在空气中的水蒸气
B.霜是空气中的水蒸气凝固形成的小冰晶 C.高压锅内部液面气压增大，液体的沸点升高 D.加油时闻到刺鼻的气味，说明汽油在常温下易升华 【答案】C 【解析】A.雾是水蒸气液化形成的小水珠，而水蒸气是看不到的，故A错误； B.霜是空气中的水蒸气凝华形成的小冰晶，故B错误；
C.高压锅内部液面气压增大，液体的沸点升高，所以煮饭快，故C正确； D.加油时闻到刺鼻的气味，说明汽油在常温下易汽化，故D错误； 故选C。
点睛：需要注意的是，我们看到的雾其实是小水珠，而不是水蒸气，水蒸气是看不到的，所以雾、露、“白气”等都是由水蒸气液化而形成的。
3.小宁乘坐校车时，观察到一些现象，下列解释正确的是
A.向窗外看时感觉到路边的树木向后退，是以地面为参照物 B.看到车上窗帘往外飘，是因为车内比车外的空气流速大，压强大 C.突然刹车时身体向前倾，是由于身体受到了惯性的作用 D.司机转动方向盘使校车转弯，是力改变了校车的运动状态 【答案】D 【解析】A.向窗外看时感觉到路边的树木向后退，是以自己或车为参照物，故A错误；
B.看到车上窗帘往外飘，是因为车外比车内的空气流速大，而流速大压强小，所以窗外压强小，窗帘往外飘，故B错误；
C.突然刹车时身体向前倾，是由于身体具有惯性，不能说受到惯性作用，故C错误；
D.力可以改变物体的运动状态，所以司机转动方向盘使校车转弯，利用了力可以改变校车运动状态的原理，故D正确； 故选D。
点睛：注意对惯性的理解，惯性是物体的基本属性，与物体的运动状态无关，与质量大小有关，且惯性不是力，不能说成：受到惯性作用，而应该描述成：具有惯性。
4.如图所示，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是
A.此时烛焰在光屏上的成像特点于投影仪成像特点相同
B.若蜡烛移至20cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像 C.若蜡烛移至45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像 D.在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，将光屏左移可再次成清晰的像 【答案】B 【解析】A.如图此时物距大于像距，成倒立缩小的实像，所以此成像特点与照相机成像特点相同，故A错误；
B.若蜡烛移至20cm刻度线处，即物距继续增大，则像距应减小，像变得更小，所以移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰缩小的像，故B正确；
C.如图此时光屏到凸透镜的距离为17cm，且像距位于一倍到二倍焦距之间，得：，解得：故C错误；
D.在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副近视镜，即凹透镜，此时光线会发散一些，像右移，所以将光屏右移可再次成清晰的像，故D错误； 故选B。
点睛：凸透镜成像规律的实验是常考试的内容，要掌握成像时物距和像距变化的特点，当物距增大时，像距减小，像也会变小，这里的像变小，是与之前比变小，要比较像与物体的大小，要看像距和物距的比较，像距大于物距，像就放大。5.下列说法正确的是，所以若蜡烛移至45cm刻度线处，此时物距小于焦距，不能成实像，A.图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方，则A端是磁铁的北极 B.图乙为动圈式话筒的结构示意图，它的工作原理是磁场对电流的作用 C.图丙为水位自动报警器，当水位上升到金属块A时，红灯不亮绿灯亮 D.图丁所示的现象中，同时工作的用电器过多不会使家庭电路电流过大 【答案】A 【解析】A.图甲中磁铁静止时A端总是指向地理北方，则A端是磁铁的N极即北极，而S极指南，故A正确；
B.图乙为动圈式话筒的结构示意图，它的工作原理是电磁感应，故B错误；
C.图丙为水位自动报警器，当水位上升到金属块A时，控制电路接通，电磁铁将衔铁吸下，动触点与红灯接通，红灯亮，绿灯不亮，故C错误；
D.图丁所示的现象中，同时工作的用电器过多，干路通过的电流会过大，导线会过热，甚至引起火灾，故D错误； 故选A。
6.下列四种情况说法正确的是
A.图甲中，物体在2~7s内的平均速度为2m/s B.图乙中，a、b两种物质的密度之比为1:4 C.图丙中，物块M向左做匀速直线运动，该装置的机械效率为75％ D.图丁中，杠杆在水平位置平衡，OA:AB=1:2，则F:G=1:2 【答案】C 【解析】A.图甲中，物体在2~7s内通过的路程为4m,所以平均速度为：，故A错误；
B.图乙中，根据得，a、b两种物质的密度之比为：，故B错误；
C.图丙中，物块M向左做匀速直线运动，该装置的机械效率为：，故C正确；
D.图丁中，杠杆在水平位置平衡，OA:AB=1:2，则：，得：故选C。
点睛：涉及机械效率的计算时，牢记效求率的两个思路：一是，本题中将物重更改为摩，故D错误；
擦力f，二是。
7.如图甲所示的电路中，为定值电阻，R为电阻式传感器，电源电压保持不变，当R阻值从0增大到60Ω，测得R的电功率与通过它的电流关系图像如图乙，下列说法正确的是
A.R的阻值增大，电流表与电压表的示数都变小 B.电源电压为12V C.当电流为0.6A时，1s内电路消耗的电能为21.6J D.两端的电压变化范围为6V~18V 【答案】D 【解析】A.R的阻值增大，电路总电阻增大，根据欧姆定律知，电流减小，所以电流表示数变小，R的阻值增大，分得电压增多，所以电压表的示数变大，故A错误； B.根据乙图知，R的阻值为零时，电流最大为0.6A，得电源电压为：当R的阻值为最大60Ω时，电流最小为0.2A，得电源电压为：联合两式解得：，故B错误；
；
；
C.当电流为0.6A时，1s内电路消耗的电能为：，故C错误；
D.当R的阻值为零时，R0两端为电源电压18V；
当R的阻值为最大60Ω时，电流最小为0.2A，所以R0两端的电压为：，即两端的电压变化范围为6V~18V，故D正确；
故选D。
点睛：综合考查了欧姆定律的应用，电路的动态分析，有一定难度，关键是根据乙图能列出两次电源电压的关系式，从而求出电源电压和R0的阻值，这种类型的题目综合性强，要多练习以求熟练解题。
二、作图与实验题
8.在研究”不同物质的温度变化与吸热关系”实验中，取质量和初温都相同的甲乙两种液体，分别装入相同烧杯中，用相同的加热器加热，如图A所示。
(1)图B为某时刻的温度，其示数为________℃。
(2)分析图C可知，吸收相同热量，_______液体升温更高;_______液体更适合作汽车发动机的冷却液。(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2:1，则甲、乙液体的比热容之比为___________。
【答案】(1).39(2).乙(3).甲(4).3：2 【解析】(1)图B为某时刻的温度，温度计的分度值为1℃，此时温度计的示数为39℃。
(2)相同的加热器，可以保证加热时间相同时，两液体吸收的热量相等，所以分析图C可知，吸收相同热量，即加热相同的时间时，乙液体升温更高，甲液体升温低； 根据知，乙的比热容小，甲的比热容大，则升高相同的温度时，甲液体吸收的热量多，散热效果好，所以甲液体更适合作汽车发动机的冷却液。
(3)若甲、乙液体从图C所示的初温分别升高到40℃和35℃，吸收热量之比为2:1，则甲升高的温度为：；
乙升高的温度为：甲、乙液体的比热容之比为：
。
点睛：重点是研究吸热能力的实验，注意实验中控制变量法的应用，理解相同的加热器可以保证在相同时间内两液体吸收的热量相等；求比热容的比时，将吸收热量的比和升高温度的比分别代入公式计算可得结果。
9.小明用如图所示装置进行“平面镜成像特点”的实验。
6(1)他选用玻璃板代替平面镜进行实验的目的是_______________________________。
(2)在实验中，把蜡烛放在距离玻璃板30cm处，它的像到蜡烛的距离是_________cm，当蜡烛远离玻璃板时，它的像的大小将_________。
(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时，门自动平移打开，则他在玻璃门中的像将_______（填“随”或“不随”）门平移。
【答案】(1).便于确定像的位置(2).60(3).不变(4).不随
【解析】(1)他选用玻璃板实验是因为玻璃板能成像的同时，还能看到后面的蜡烛，所以琉璃板代替平面镜进行实验的目的是便于确定像的位置。
它的像的大小将不变。
(3)小明走近实验楼的自动感应玻璃门时，门自动平移打开，即镜面平移了一段距离；
因为平面镜成像时，物体和像到镜面的距离相等，且物体与像的连线与镜面垂直，即物体和像是关于镜面对称的，镜面平移时，像的位置不变，所以可知此时他在玻璃门中的像将不随门平移。
点睛：重点是研究平面镜成像的实验，关键是平面镜成像特征的灵活运用，即根据像和物关于平面镜对称的特点，可以得出镜面平移时，像的位置是不变的。
10.在研究“物体动能与质量和速度的关系”实验中，将钢球从某一高度由静止释放，钢球摆到竖直位置时，撞击水平木板上的木块，将木块撞出一段距离。
(1)本实验使钢球获得动能的操作方法是___________________________________________。(2)从上表数据可以看出，实验中控制了_________相同，从而探究动能与________的关系。
(3)第1次实验时若不考虑能量损失，钢球对木块最多可做________J的功；第3次实验时，木块被撞后滑出木板无法记录数据，需要重做第三次实验，甲同学建议换用同样较长的木板，乙同学建议换一个较大的木块，丙同学建议降低钢球下摆的高度，你认为应当采用________同学的建议。
(4)由上述实验数据和现象可得出结论：____________________________________________________。
【答案】(1).让钢球从高处摆下(2).速度(3).质量(4).0.06(5).甲(6).速度一定时，质量越大，动能越大
【解析】(1)本实验使钢球获得动能的操作方法是让钢球从高处摆下。实质是重力势能转化为动能的过程。(2)从上表数据可以看出，钢球每次的下摆高度都相同，球的质量不同，这样当球每次接触木块时的速度都相同，即实验中控制了速度相同，从而探究动能与质量的关系。
(3)第1次实验时若不考虑能量损失，球下摆时重力做功，所以钢球对木块最多可做的功为：
；
第3次实验时，木块被撞后滑出木板无法记录数据，需要重做第三次实验；
甲同学建议换用同样较长的木板，这样可以通过木块的移动距离比较动能的大小，是正确的；
乙同学建议换一个较大的木块，这样不符合控制变量法的思想，即木块变大后，因为质量和摩擦力都会变化，所以不能通过比较运动距离而得出动能的大小，故乙同学建议不正确；
丙同学建议降低钢球下摆的高度，这样也不符合控制变量的思想，因为高度降低后，球碰撞木块时的速度就不一样了，不能完成实验，故丙同学建议也不正确； 所以应当采用甲同学的建议。
(4)由上述实验数据和现象分析，速度相同时，质量越大，木块滑动的距离越远，即动能做功越多，所以可得出结论：速度一定时，质量越大，动能越大。
点睛：注意第二问中控制的变量是速度，此空很容易填写为高度，要从影响动能大小的因素考虑，即质量和速度影响动能的大小，所以表格中高度相同实质还是为了保证速度相同，认真体会实验中控制变量法的应用。
11.小聪利用如图甲所示的电路测量额定电压为2.5v的小灯泡的额定功率。
(1)请用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整，要求滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮___。(2)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数不为零，电压表示数为零，则故障可能是由于小灯泡________引起的。
(3)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率时_______W。在实际测量中，电压 8 表有示数时内部有微弱的电流通过，如果考虑这个微弱电流的影响，则所测小灯泡的额定功率偏_______。(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）。
①只闭合开关S和，调节________，使电压表的示数为2.5V。②只闭合开关__________，调节，使电压表的示数仍为2.5V。
③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1；再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，则小灯泡额定功率的表达式P额=_____________（用U额、R0、U1、U2表示）。
【答案】(1).见解析(2).短路(3).0.6(4).大(5).(6).S和(7).·
【解析】(1)根据要求：滑动变阻器画片P向右移动时小灯泡变亮，所以应连接滑动变阻器的右下，即B接线柱到灯泡的左端，如图：
(2)连接电路后，闭合开关，发现小灯泡不发光，电流表示数不为零，说明电路是通的，电压表示数为零，可能电压表被短路了，所以故障可能是由于小灯泡短路引起的。
(3)当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，电流表使用小量程，分度值为0.02A，电流为0.24A，则小灯泡的额定功率为：
；
在实际测量中，电压表有示数时内部有微弱的电流通过，如果考虑这个微弱电流的影响，即电流表的示数会大于灯泡的实际电路，所以所测小灯泡的额定功率偏大。
(4)利用如图丙所示的电路也可以完成该实验，请完成下列填空（电源电压不变，R1和R2为滑动变阻器，R2的最大电阻为R0）。
①只闭合开关S和，调节R2，使电压表的示数为2.5V，即电压为灯的额定电压。②只闭合开关 S和，调节，使电压表的示数仍为2.5V，此时R1与上次灯泡是等效的。③接着将R2的滑片P调至最左端，记下电压表的示数为U1，即电源电压为U1；
再将R2的滑片P调至最右端，记下电压表的示数为U2，此时R2两端的电压为：，电流为：；
根据欧姆定律得R1此时的电阻为：
所以小灯泡额定功率的表达式为：。
点睛：难点是最后一问，要理解此种没有电流表测量电功率的原理，此方法利用了等效的原理，即灯和R1分别与R2串联，使电压表的示数都为灯的额定电压，此时电阻R1与灯是等效的，即R1此时的电阻等于灯正常发光时的电阻，后面的步骤再灵活运用欧姆定律得出R1的表达式，最后得出灯泡额定功率的表达式。
三、计算题
12.我国自主研制的第三代常规动力潜艇具备先进的通讯设备、武器、导航等系统和隐蔽性强，噪声低、安全可靠等优异性能，主要技术参数如下表（海水的密度近似为1.0×
kg/m³，g=10N/kg）。求：
(1)潜艇在水上航行时受到的浮力是多少？在水下行驶时排开水的体积是多少？
(2)潜艇由水下某位置下潜到最大潜水深度处，潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×N，则潜艇原来位置的深度是多少？
(3)潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h，发动机输出的能量是多少？若发动机以最大输出功率工作时螺旋桨推进器效率为80％，潜艇以最大航速匀速行驶时受到水的平均阻力f是多少？ 【答案】见解析
【解析】（1）水上排水量为2250t，根据阿基米德原理知，排开水的重即为浮力，故浮力为：
；
水下排水量为3000t，排开水的体积为：
；
（2）潜艇上一个面积是400cm²的观察口受到海水的压力增大了4×
N，增大的压强为：
最深度处的压强为：某位置的压强为：
该位置的深度为：；
（3）潜艇在水下以最大输出功率匀速行驶1h，发动机输出的能量是：
螺旋桨推进器效率为80％，则螺旋桨推进器做的功为：
匀速行驶时，牵引力与水的平均阻力f为一对平衡力，所以水的平均阻力f为：。
点睛：重点是浮力公式、液体压强公式、功的公式的应用，注意计算时单位要统一，多练习形成先换算单位的好习惯，求阻力时，理解牵引力与阻力是一对平衡力，所以求出牵引力即为阻力的大小。
13.如图所示为模拟调光灯电路，电路中电源电压不变，灯泡L标有“6V 3W”字样，且灯丝电阻随温度的变化而变化，定值电阻的阻值为6Ω。将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A。求：
(1)灯泡L正常发光时的电阻多大？
(2)当的滑片P在最右端时，闭合开关，灯泡L的实际功率是多少？
(3)为使灯泡安全工作，的滑片能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，应采取怎样的保护措施？请计算说明。【答案】见解析 【解析】（1）根据得灯泡L正常发光时的电阻为：
；
（2）灯的正常工作电流为：
；
移动滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A，此时灯正常工作，电源电压为：
；
将滑动变阻器的滑片P置于最右端，闭合开关，电压表和电流表示数分别为6V和0.2A；则R1此时两端的电压为：
灯两端的实际电压为：滑片P在最右端时时，闭合开关，灯泡L的实际功率为：
；
（3）根据题意，的滑片要能自由滑动，且滑片P滑到某一端时灯泡能正常发光，则滑动变阻器位于左端时让灯正常发光，右移滑片时，电阻变大，灯是安全的。当电流为灯的正常工作电流0.5A时，电路的总电阻为：，可以串联电阻R’：即在电路在串联一个6Ω的电阻时，符合要求； 也可以替换R1：
即将R1替换为一个12Ω的电阻，符合要求。
点睛：考查了欧姆定律的应用，关键是根据“滑片P至某一位置，电压表和电流表示数分别为3V和0.5A”这一条件，可以求出电源电压，有了电源电压后，根据另一状态再结合串联电路的电压、电流特点求灯的实际功率。
第二篇：海南省2017年中考物理真题试题(含解析)
海南省2017年中考物理真题试题
一、选择题（本大题有10小题，每小题只有一个正确选项，每小题3分，共30分）
1．琼岛四季瓜果香，下列四种海南瓜果成熟后，一般情况下，单个瓜果体积最接近2cm3的是（）A．木瓜 B．菠萝 C．龙眼 D．椰子 【答案】C 【解析】
试题分析：海南瓜果木瓜、菠萝、龙眼、椰子成熟后，一般情况下，单个瓜果体积最接近2cm的是龙眼，其余水果的体积都远远大于2cm，故ABD错误，C正确；故应选C。【考点定位】长度的估测
2．如图所示，对光有发散作用的透镜是（）
33A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
【考点定位】凹透镜的发散作用 3．下列物体具有动能的是（）A．静止不动的课桌 B．挂在树上的椰子 C．拉长了的橡皮筋 D．正在行驶的汽车 【答案】D 【解析】
试题分析：物体由于运动而具有的能量叫动能；静止的课桌不具有动能，故A错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；挂在树上的椰子是静止的，不具有动能，故B错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；拉长的橡皮筋不具有动能，具有弹性势能，故C错误；物体由于运动而具有的能量叫动能；正在行驶的汽车具有动能，故D正确；故应选D。【考点定位】动能和势能的概念
4．如图所示，研究液体压强与流速关系的实验图是（）A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
【考点定位】流体压强与流速的关系
5．为了同学们顺利进行中考，考务工作非常细致，用物理知识解释相关做法，正确的是（）A．用广播指令，说明声音的传播不需要介质 B．调节广播音量，是调节音调的高低 C．用广播指令，说明声音可以传递信息 D．禁止喧哗，是在传播途径中控制噪声 【答案】C 【解析】
试题分析：用广播指令，说明声音可以在空气中传播，故A错误；调节广播音量，是调节声音的大小，即响度，故B错误；用广播指令传达一些信息，说明声音可以传递信息，故C正确；禁止喧哗，是在声源处控制噪声，故D错误；故应选C。
【考点定位】声音的传播条件；防治噪声的途径；声与信息
6．长度相等而粗细不同的两根铜棒甲和乙，甲棒较粗，两棒相比，甲棒的（）A．质量较大 B．电阻较大 C．密度较大 D．比热容较大 【答案】A 【解析】
试题分析：长度相等而粗细不同的两根铜棒，甲棒较粗，甲的体积大于乙的体积，由m=ρV可知甲的质量大于乙的质量，故A正确；长度相等而粗细不同的两根铜棒，材料相同，甲棒较粗，甲的电阻小于乙的电阻，故B错；长度相等而粗细不同的两根铜棒，物质种类、所处状态相同，甲和乙的密度和比热容相同，故CD错；故应选A。【考点定位】密度公式的应用
7．某晶体熔化时温度随时间变化的图象如图所示，根据图象判断正确的是（）
A．开始计时，晶体开始熔化 B．第25min后，晶体开始熔化 C．温度达到80°C时，晶体开始熔化 D．温度达到50°C时，晶体开始熔化 【答案】C 【解析】
【考点定位】晶体的熔化和凝固图像
8．如图所示，给四个静止的物体同时施加方向相反的力F1和F2的作用，其中能继续保持静止的物体是（）
A． B． C． D．
【答案】B 【解析】
试题分析：两个力不是作用在同一直线上，故不是一对平衡力，不能处于静止状态，故A错误；两个力作用在同一物体上，在一条直线上，大小相等，方向相反，是一对平衡力，物体处于静止状态，故B正确；两个力的大小不相等，故不是一对平衡力，物体不能处于静止状态，故C错误；两个力作用在同一物体上，在一条直线上，大小不相等，方向相反，不是一对平衡力，物体不能处于静止状态，故D错误；故应选B。【考点定位】力与运动的关系
9．如图所示，塞子从试管口跳出，是由于水蒸气对塞子做了功，这个过程中能量的转化是（）
A．内能转化为机械能 B．化学能转化为内能 C．机械能转化为内能 D．只有内能的转移 【答案】A 【解析】
【考点定位】做功改变物体内能
10．如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其特性是电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，闭合开关S2后，下列四种情况相比较，指示灯最亮的是（）
A．S1断开，滑片P在图示位置 B．S1闭合，滑片P在图示位置 C．S1闭合，滑片P在滑动变阻器最右端 D．S1闭合，滑片P在滑动变阻器最左端 【答案】D 【解析】
试题分析： S1断开时，电磁铁无磁性，由题意可知GMR的电阻最大，由I=可知，右侧电路中电流最小，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最小，指示灯最暗，故A错误；闭合S1时，GMR所处的位置由无磁场变为有磁场，GMR的阻值减小；当滑片P在滑动变阻器最左端时，左侧电路的电阻最小，由I=可知，左侧电路中的电流最大，电磁铁磁性最强，则GMR的电阻最小，右侧电路中电流最大，由P=I2R可知，指示灯的实际功率最大，指示灯最亮，故BC错误，D正确；故应选D。【考点定位】影响电磁铁磁性强弱的因素；欧姆定律的应用
二、填空题（本大题有7小题，每小题4分，共28分）11．如图所示，电熨斗利用电流的 效应工作，发光二极管具有单向导电性，它是利用 材料制成的．
【答案】热；半导体 【解析】
试题分析：电熨斗工作时，电能转化为内能，电熨斗是利用电流热效应工作的；发光二极管的主要材料是半导体。
【考点定位】电流的热效应、化学效应和磁效应；半导体的特点
12．海口“双创”以来，绿色出行的理念深入人心．小谦同学骑自行车上学，以自行车为参照物，小谦是 的，他以5m/s的速度，匀速直线骑行500m的时间是 s． 【答案】静止；100 【解析】
【考点定位】参照物及其选择；速度公式及其应用
13．教室的日光灯之间是 的（选填“串联”或“并联”），日光灯正常工作的电压是 V． 【答案】并联；220 【解析】
试题分析：教室的日光灯的额定电压，即正常工作电压都是220V，为了都能正常工作，并且互相不影响，各用电器之间都应该并联在照明电路中。【考点定位】串联电路和并联电路的辨别
14．在南海试开采可燃冰取得成功，说明我国的可燃冰开采技术居于世界领先水平．科学家估测，以目前的消费速度，地球上可燃冰储量可满足80至800年的全球天然气需要．可燃冰是（选填“可再生”或“不可再生”）能源．可燃冰在深海开采，某设备重100N，浸在水中排开海水重80N，它浸在海水中受到的浮力大小是 N． 【答案】不可再生；80 【解析】 试题分析：可燃冰燃烧后，短时间内不能恢复，属于不可再生能源；根据阿基米德原理可知，物体受到的浮力等于其排开的液体受到的重力，即浮力等于排开的海水的重力80N。【考点定位】能源的分类；浮力大小的计算
15．6月4日的《南海日报》报道：“今年“荔枝王”重2两2”，即单颗荔枝的质量达到110g．110g= kg．若这颗荔枝的体积是1×10﹣4m3，它的密度是 kg/m3． 【答案】0.11；1.1×103 【解析】
试题分析： 110g=110×10kg=0.11kg；ρ==【考点定位】质量的单位换算；密度的计算
16．六月初，琼岛连日持续高温，局部最高气温达到42.1°C，此温度（选填“高于”或“低于”）人的正常体温．在地面上洒水降温，是利用水 吸热． 【答案】高于；汽化（蒸发）【解析】 ﹣
3=1.1×10kg/m。
33【考点定位】温度；汽化及汽化吸热的特点
17．如图所示，图甲不计滑轮重与摩擦，匀速提升重30N的物体，弹簧测力计的示数F= N，图乙杠杆水平平衡，则A、B两物体对杠杆的拉力大小关系是FA= FB．
【答案】10；2 【解析】
试题分析：由图甲可知，n=3，不计滑轮重与摩擦，则拉力的大小：F=G=×30N=10N；图乙杠杆水平平衡，设杠杆上每个格的相等为L，则A物体对杠杆拉力的力臂LA=2L，B物体对杠杆拉力的力臂LB=4L，由F1L1=F2L2可得，FALA=FBLB，则==
=2，即FA=2FB。
【考点定位】滑轮组绳子拉力的计算；杠杆的平衡条件
三、作图和实验题（第18题4分，第19题6分，第20题10分，共20分），按照要求作图（请用作图工具规范作图）
18．在图中画出入射光线AO的反射光线OB
【答案】如下图所示
【解析】
【考点定位】作光的反射光路图
19．在图中画出绳子对小车的拉力F的示意图
【答案】如下图所示
【解析】
试题分析：过拉力的作用点O，沿绳子的方向画一条有向线段，用F表示，即为绳子对小车的拉力F的示意图，如上图所示。【考点定位】力的示意图
20．如图所示，测量物体在水平面上运动时，受到的动摩擦力的大小．
（1）测量时，要用弹簧测力计拉着物体在水平面上做 运动．
（2）读出图丙中弹簧测力计的示数，可测出此次实验滑动摩擦力的大小是 N．
（3）比较甲、乙、丙三图测量结果，得到的结论是：在其他条件相同的情况下，越大，滑动摩擦力越大．
【答案】（1）匀速直线；（2）2.4；（3）压力 【解析】
【考点定位】探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验
21．如图所示，图甲是课本上“通电导线在磁场中受力”的实验示意图，小谦同学实际探究时，在电路上连接了一个滑动变阻器，实验记录如下表：
（1）用笔画线代替导线，在乙图中将变阻器正确连入电路，小谦在电路中接入滑动变阻器的作用是 ．（2）比较实验2和3，说明通电导线在磁场中受力方向与 有关，比较实验，说明通电导线在磁场中受力方向与电流方向有关．
（3）小谦通过观察导线运动方向，来判断导线在磁场中受力方向，用到的科学方法是 ．
（4）小谦想在甲图的基础上对实验进行改造，来探究影响感应电流方向的因素，为了观察到明显的实验现象，他要把图甲中的电源换成图丙中的 ．
【答案】（1）如下图所示；保护电路；（2）磁场方向；
2、4；（3）转换法；（4）灵敏电流计
【解析】
方向，用到的科学方法是转换法；（4）探究影响感应电流方向的因素，为了观察到明显的实验现象，需要用灵敏电流计代替电源来显示产生感应电流的方向。【考点定位】磁场对通电导线的作用
四、综合应用题（第21题10分，第22题12分，共22分。）
22．有一台电动起重机，电动机的电功率是2.5×103W，它在30秒内将质量为1.5t的大石头沿竖直方向匀速提升2m．
（1）大石头的重力是多少N？（g取10N/kg）（2）起重机提升大石头消耗的电能是多少？（3）起重机提升大石头的效率是多少？
（4）写出一条提高起重机效率的合理建议： ．
【答案】（1）1.5×104N；（2）7.5×104J；（3）40%；（4）改进起重机结构，减小动滑轮重力 【解析】
试题分析：（1）大石头的重力：G=mg=1.5×10kg×10N/kg=1.5×10N；（2）根据P=可得，起重机提升大石头消耗的电能：W总
34=Pt=2.5×10W×30s=7.5×10J；（3）起重机提升石头做的有用功：W×100%=
4有=Gh=1.5×104N×2m=3×104J，起重机提升大石头的效率：η=×100%=40%；（4）提高机械效率的方法：①改进起重机结构，减小动滑轮重力；②经常保养，加润滑油，减小摩擦；③减小电动机内部导线电阻等。【考点定位】重力的计算；能量利用效率；电功的计算
23．如图所示，图甲是小谦同学研究调光灯的实验电路图，小灯泡规格是“6V 3W”，闭合开关S，当滑动变阻器滑片P在A点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R1，电压表的示数为4V，当滑动变阻器滑片P在B点时，滑动变阻器连入电路的电阻为R2，电压表的示数为2V，且R2=2R1，测绘出小灯泡的I﹣U图象如图乙所示，电源电压保持不变．
（1）根据小灯泡的I﹣U图象判断，小灯泡的阻值是否恒定（选填“恒定”或“不恒定”），用物理知识解释其原因是 ．（2）小灯泡正常发光时的电流是多少A？
（3）小灯泡两端电压为2V时的实际功率是多少W？（4）电源电压是多少V？
【答案】（1）不恒定；灯丝电阻随温度改变而改变；（2）0.5A；（3）0.5W；（4）12V 【解析】，解得，R1=20Ω，R2=40Ω，代入②得，U=12V。【考点定位】电功率与电压、电流的关系；实际功率
第三篇：黑龙江省哈尔滨市2018年中考物理真题试题(含解析)
黑龙江省哈尔滨市2018年中考物理真题试题
一、选择题
1.关于物理量的测量，下列测量结果正确的是（）
A.木块长度是2.5cm B.物体质量是41.3g C.液体温度是30℃ D.消耗电能是1866.6J
【答案】C 【解析】解：A．用刻度尺测长度，读数时应估读到分度值的下一位，木块长度等于右端示数减去左端示数，即L=2.50cm-0.50cm=2.00cm，故A错误。
B．图中天平标尺的分度值为0.2g，则物体的质量m=20g+20g+1.6g=41.6g，故B错误。
C．图中温度计的分度值为1℃，向上示数增大，故示数为零上，所以温度计的读数为30℃，故C正确。D．电能表示数为1866.6，单位为故答案为C。
点睛：本题考查各种测量仪器的读数，掌握它们的使用方法，认清量程和分度值是正确读数的关键，长度测量要估读到分度值的下一位。
2.关于光现象的描述，下列说法不正确的是（）
。表示消耗的电能是1866.6，故D错误。
A.甲图：墙上出现手影——手挡住了光直线传播的路径 B.乙图：从不同角度能看见光屏上的实像——光发生镜面反射 C.丙图：平行光通过凹透镜后的现象——凹透镜对光有发散作用
D.丁图：小明通过平面镜看到小猫，同时小猫通过平面镜也看到小明——反射时光路可逆 【答案】B 【解析】解：A．墙上出现手影，说明光在沿直线传播的过程中遇到了不透明的手，在手后面光照不到的区域形成了影子，故A正确。
B．从不同角度能看见光屏上的实像是因为光发生了漫反射，故B错误。
C．凹透镜对光有发散作用，平行光通过凹透镜后，折射光线变的发散，故C正确。
D．因为反射光路是可逆的，小明通过平面镜看到小猫，同时小猫通过平面镜也看到小明，故D正确。故答案为B。
点睛：本题通过日常生活中的光现象，考查了对光的直线传播、光的反射、光的折射、光路可逆的理解和应用，考查了学生理论联系实际的能力，在学习中要善于利用所学的物理知识解释、解决有关问题。3.在“冰城”哈尔滨的冰雪大世界中，下列说法正确的是（）A.嘴中呼出的“白气”是凝华现象
B.用雪制成的雕塑一段时间会变小，是汽化现象 C.雪的形成过程是放热过程
D.冰放在手中融化了，冰在融化过程中温度升高 【答案】C 【解析】解：A．嘴中呼出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴。故A错误。B．雪雕经过一段时间会变小，是雪由固态直接变为气态，属于升华现象，故B错误。C．雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C正确。D．冰属于晶体，在熔化过程中，吸收热量温度不变，故D错误。故答案为C。
点睛：判断物态变化的类型，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸、放热情况也要有清楚的认识。
4.如图所示，2018“世界杯”比赛动画版情景，说法正确的是（）
A.以球门为参照物，射向球门的球是静止的 B.球在空中飞行时比在地面上时质量大 C.球被小宝顶出后由于惯性继续飞行 D.踢球时，脚对球有作用，球对脚没有力的作用 【答案】C 【解析】解：A．以球门为参照物，射向球门的球相对于球门的位置发生了改变，所以球是运动的，故A错误。
B．质量是物质的一种属性，与位置、物态和形状无关，所以球在空中飞行时比在地面上时，其质量不会改变，故B错误。
C．惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，球被顶出后由于惯性继续飞行，故C正确。D．踢球时，脚对球有作用，因为力的作用是相互的，所以球对脚也有力的作用，故D错误。故答案为C。
点睛：以生活中的热点问题2018“世界杯”比赛场景为内容，考查了与力学相关的多个知识点，体现了物理与生活的联系，属力学基础题。
5.如图所示是一种太阳能飞机，下列说法不正确的是（）
A.机翼做成上凸下平的形状可以获得向上的升力 B.螺旋桨转动发出轰鸣的响声是噪声
C.飞机在向上飞行的过程中，受到的大气压强逐渐降低 D.机翼上的电池板将电能转换成太阳能 【答案】D 【解析】解：A.机翼做成上凸下平的形状，当飞行时，上方空气流速大、压强小，下方空气流速小、压强大，可以获得向上的升力，故A正确。
B．螺旋桨转动发出轰鸣的响声是空气无规则振动产生的，属于噪声，故B正确。
C．大气压随高度升高而降低，所以飞机在向上飞行的过程中，受到的大气压强逐渐降低，故C正确。D．机翼上的电池板将太阳能转换成电能，故D错误。故答案为D。
点睛：从物理学角度看，噪声来源于杂乱无章的不规则振动。从环保角度看，一切干扰人们休息、学习和工作的声音都是噪声。
6.关于同学们去三峡旅游遇到的情景，下列说法正确的是（）A.在岸上能闻到花香，是因为分子不停地无规则运动 B.三峡的船闸是利用阿基米德原理工作的
C.大坝放水时，听到震耳欲聋的声音是由于音调高造成的 D.船上的声呐设备利用次声波工作 【答案】A 【解析】解：A．在岸上能闻到花香，是因为分子不停地无规则运动的结果，属于扩散现象。故A正确。B．三峡的船闸是利用连通器原理工作的，故B错误。
C．大坝放水时，听到震耳欲聋的声音是由于响度大造成的，故C错误。D．船上的声呐设备是利用超声波工作的，故D错误。故答案为A。
点睛：声音的三个特征分别是音调、响度和音色，结合它们的影响因素和特点可做出辨别。音调表示声音的高低，响度表示声音的大小，音色表示声音的特色。7.下面的电路图中，连接正确的是（）
A.B.C.D.【答案】C 【解析】解：A．灯泡的正确接法：火线先进入开关，再进入灯泡顶端的金属点，零线直接接在灯泡的螺旋套上。这样在断开开关时能切断火线，接触灯泡不会发生触电事故。图中开关控制零线，故A不正确。B．由图可知，电流表的正负接线柱接反了，故B不正确。
C．由实物图可知，电流从电源正极出发开始分流，一支经灯泡L1，一支经灯泡L2，然后共同经过开关S回到负极，两灯泡并联，故C正确。
D．电压表应并联接入电路中，由实物图可知，电压表与灯泡L1串联，故不符合电压表使用规则，D不正确。故答案为C。
点睛：本题考查了电流表、电压表的连接方法，家庭电路连接的注意事项，分析清楚电路图是正确解题的关键。
8.下列说法正确的是（）
A.甲图：根据通电螺线管的信息可知，小磁针的指向是正确的 B.乙图：麦克风是一种传感器，它是根据磁场对电流的作用制成的 C.丙图：被手反复摩擦的塑料绳散开，是因为异种电荷相互排斥 D.丁图：用湿抹布擦正在发光的灯，符合安全用电原则 【答案】A 【解析】解：A.根据安培定则，由通电螺旋管电流方向可知，螺线管左端是N极，右端是S极。根据磁极间相互作用规律可知，小磁针的右端为N极，所以小磁针的指向是正确的，故A正确。
B.麦克风的工作原理是电磁感应，声音传到麦克风使线圈振动作切割磁感线运动，产生感应电流，感应电流在经过其他设备放大声音，B选项错误；
C.反复摩擦后的塑料绳散开，是由于同种电荷相互排斥造成的，C选项错误； D.用湿抹布擦发光的灯，易造成触电，不符合安全用电原则，D选项错误。故答案为A。
点睛：本题考查电生磁、电荷、安全用电知识，是一道综合性较强的题目。9.下列说法不正确的是（）A.钻木取火是根据做功的方式改变内能的 B.汽油机压缩冲程中是将内能转换成机械能 C.核电站利用核裂变获得能量 D.0.5kg的氢气完全燃烧放出【答案】B 【解析】解：A．钻木取火属于摩擦生热，是通过做功的方式改变内能的，故A正确。B．汽油机压缩冲程中是将机械能转换成内能，故B错误。C．核电站的核反应堆利用核裂变获得能量，故C正确。D．由Q=qm可得，0.5kg的氢气完全燃烧放出的热量是确。故答案为B。，故D正
J的热量（氢气的热值是
J/kg）点睛：汽油机的压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能；
10.如图所示，利用滑轮组将重力为2N的物体，以0.2m/s的速度提升0.1m，拉力F为1.2N，下列说法正确的是（）
A.绳自由端移动的速度是0.6m/s B.这个滑轮组是费力机械 C.滑轮组的机械效率是83.3% D.F做的有用功是0.24J 【答案】C 【解析】解：A．由图可知，滑轮组承担物重和动滑轮重的绳子股数n=2，所以绳子自由端移动速度v=2v物=2×0.2m/s=0.4m/s，故A错误。
B．由题可知，物重G=2N，拉力F=1.2N，F＜G，所以这个滑轮组是省力机械，故B错误。CD．拉力做的有用功W有用=Gh=2N×0.1m=0.2J，拉力做的总功W总=Fs=1.2N×2×0.1m=0.24J，所以滑轮组的机械效率：故C正确，D错误。故答案为C。
点睛：确定使用滑轮组承担物重和动滑轮重的绳子股数是突破口。明确有用功、总功的含义是关键。11.甲乙两图中铁球沿斜槽从顶端静止滚下，到达水平面后继续行驶，最后停止。下列分析不正确的是（），A.甲图：铁球从斜槽顶端到底端，重力做功，重力势能减小 B.甲图：铁球在顶端时动能为零
C.乙图：整个过程中铁球的机械能是守恒的
D.乙图：磁铁对铁球磁力的作用，改变了铁球的运动方向 【答案】C 【解析】解：A．甲图：铁球从斜槽顶端到底端，铁球受重力作用且在重力的方向上通过了距离，所以重力做功；因为此过程中，铁球质量不变，高度降低，所以重力势能减小。故A正确。B．铁球在顶端时处于静止状态，速度为零，动能为零，故B正确。
C．乙图：铁球从斜槽顶端到底端，整个过程中要克服空气阻力和摩擦阻力做功，一部分机械能转化为内能，所以铁球的机械能是不守恒的，故C错误。
D．力是改变物体运动状态的原因，磁铁对铁球磁力的作用，改变了铁球的运动方向，故D正确。故答案为C。
点睛：力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态。运动状态的改变包括运动快慢或者运动方向的改变。
12.如图是“水位自动报警器”电路图，容器中装有盐水，和分别是“2.5V，0.3A”和“2.5V，0.5A”的灯泡，下列说法不正确的是（）
A.液面上升到与金属块B接触时，电磁铁工作，说明盐水是导体 B.液面上升，金属块A受到的液体压强变大 C.工作1min电流做功45J D.若在电路中M点接入电铃，则电铃响说明水位到达警戒线 【答案】D 【解析】解：A．容器中装有盐水，液面上升到与金属块B接触时，电磁铁工作，说明有电流通过电磁铁，盐水相当于闭合的开关，所以是导体，故A正确。
B．液面上升，液体深度增加，根据液体压强公式p=ρgh可知，金属块A受到的液体压强变大，故B正确。C．L1正常工作时，其两端电压为2.5V，通过它的电流为0.3A，则工作1min电流做的功W=UIt=2.5V×0.3A×60s=45J，故C正确。
D．由图可知，若在电路中M点接入电铃，电铃与两只灯泡都是串联，所以无论水位是否达到警戒线，电铃都响，故D错误。故答案为D。点睛：本题考查了导体与绝缘体的应用、液体压强的影响因素、电功的计算和电路的连接，难度不大，但包含的知识点较多，熟练掌握基本知识、认真作答是正确解答的关键。
三、非选择题
13.近日，上海合作组织青岛峰会引起全世界关注，用卫星转播峰会实况是利用________来传递信息的；记者的说话声是由声带_________产生的。【答案】(1).电磁波(2).振动
【解析】解：（1）卫星通信是利用电磁波来传递信息的；
（2）声音是由物体振动产生的，所以记者的说话声是由声带振动产生的； 点睛：微波通信、卫星通信、光纤通信都是利用电磁波来传递信息的；
14.小聪坐在一辆行驶在平直公路上的汽车上，车运动的快慢是变化的，小聪用手表计时t是3min，还知道这段时间内汽车通过的路程s为4km，则 = _____km/h，这个物理量反映了车在这段时间内的 _______。【答案】(1).80(2).平均快慢程度 【解析】解：已知汽车运动的时间，通过的路程s=4km，则这段时间汽车的速度；
平均速度反映了汽车在一段路程或一段时间内的平均快慢程度。点睛：运用速度公式求平均速度，要注意路程和时间的对应关系，并统一单位。
15.如图是“研究水沸腾规律”的实验，试管中水的质量是0.2kg，这些水从20℃升高到70℃吸收的热量是__________J；水沸腾过程中，温度计的示数将______________。（）
【答案】(1).(2).不变
【解析】解：（1）水吸收的热量：
；
（2）水沸腾过程中，吸收热量温度不变，所以温度计的示数将不变。点睛：本题考查了吸热公式的应用和水沸腾的特点，在物质吸收（或放出）的热量Q、比热容c、质量m、温度的变化量这四个量中，只要任意已知其中的三个量，就可以利用公式或其变形公式来计算未知量，因此要熟练掌握公式。
16.通过110Ω电阻丝的电流是2A，产生8800J的热量需要通电________s，这段时间电流做的功是_______J。
【答案】(1).20(2).8800 【解析】解：由焦耳定律Q=I2Rt可得，通电时间，电热丝工作过程中，电流做的功等于产生的热量，所以电流做的功是8800J。
点睛：本题考查了焦耳定律变形公式的应用和电功与电热的关系。电流做功的过程，也就是将电能转化为其他形式的能量的过程。电阻丝通电时，不计热损失，电能全部转化为内能。
17.夏天把西瓜放在冰水里降温，西瓜浸没于水中后放手，西瓜会上浮，是由于________________ ；用手捞出西瓜的过程中，人感觉越来越费力，由此可以猜想浮力大小与_____________有关。【答案】(1).西瓜受到的浮力大于重力(2).物体排开液体的体积
【解析】解：西瓜浸没于水中后放手，由于西瓜受到的浮力大于重力，所以西瓜会上浮。
浮力与液体的密度和物体排开液体的体积有关。用手捞出西瓜的过程中，西瓜排开水的体积逐渐减小，而水的密度不变，根据阿基米德原理浮力大小与物体排开液体的体积有关。
点睛：通过生活实例，考查学生对物体浮沉条件的应用和浮力的大小与什么因素有关，理论联系实际，可以加深学生对物理规律的认识和理解。
18.使用筷子时，需要用较大的力才能夹起食物，这是在接触面粗糙程度一定的情况下，通过_________的方法来增大摩擦，用吸管吸起饮料是利用了_________的知识。【答案】(1).增大压力(2).大气压强
【解析】使用筷子时，需要用较大的力才能夹起食物，这是在接触面粗糙程度一定的情况下，通过增大压力的方法来增大摩擦；
用吸管吸起饮料时，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴里，是利用了大气压； 点睛：增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
19.电阻、串联，电源电压是10V，两端电压是8V，是10Ω，则中的电流等于__A，等于 Ω。【答案】0.8 2.5
可知，西瓜所受浮力变小，所以感觉越来越费力，由此可知【解析】解：（1）通过R1的电流：；
（2）由于串联电路的总电压等于各电阻两端的电压之和，则： R2两端的电压U2=U-U1=10V-8V=2V，由于串联电路的电流处处相等，则I2=I1=0.8A，根据欧姆定律可得：
；
点睛：本题考查串联电路的特点和欧姆定律的应用，难度不大，属于基础题；
20.“探究小灯泡电功率”的实验电路图如图甲，实验中选用“2.5V”的小灯泡，调节滑动变阻器滑片的过程中发现灯泡亮度变化，这是由于__________变化引起的。实验得到小灯泡的U-I图像如图乙，则小灯泡的额定功率是_________W。
【答案】(1).灯泡实际功率(2).0.75 【解析】解：（1）由电路图可知，小灯泡L与滑动变阻器串联，调节滑动变阻器滑片的过程中，电路中的电流变化。根据P=I2R可知，灯泡实际功率变化引起灯的亮度发生变化；
（2）由图乙可知，当小灯泡两端电压U=2.5V时，通过灯泡的电流I=0.3A，所以小灯泡的额定功率P额=U额I=2.5V×0.3A=0.75W；
点睛：灯泡的亮度由灯的实际功率决定；
21.小明将电水壶插头连接在如图的三孔插座上，电水壶正常工作，同时电水壶外壳与________相连，此时将台灯连接到图中两孔插座上，闭合开关后灯不亮，原因是_________。之后，小明成功的排除了故障。
【答案】(1).保护接地线(2).台灯所在支路开路
【解析】解：电热水壶接入电路时需用三孔插座，电水壶正常工作，同时电水壶外壳与保护接地线相连，防止发生漏电事故； 此时将台灯连接到两孔插座上，电热水壶与台灯并联，闭合开关后灯不亮，说明台灯所在支路开路； 点睛：并联电路各个用电器能够独立工作，互不影响。并联电路一个工作，另一个不工作，不可能是短路，只能是断路。
22.在“测量矿石密度”实验中，从统一标本中取出三块矿石，通过测量分别得到三组数据，第一组数据是=12g，=2.5，剩下的两组数据记录在纸上了（如图），请梳理出其中一组数据填入空中_______________（要带单位），梳理的依据是__________________。
【答案】(1).m2=50g，V2=10cm(2).由公式【解析】解：矿石的密度是，3，密度是物质的一种特性
因为密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关。所以其质量与体积之比应为。
计算可知：，与
比较接近。
或所以m2=50g，V2=10cm3；m3=30g，V3=6.1cm3； 梳理的依据是由公式，密度是物质的一种特性。
点睛：本题考查密度的计算，关键是知道密度是物质本身的一种特性，与物质的质量、体积无关。23.如图所示，在“探究杠杆平衡条件”实验中，用带有等间隔刻度的杠杆进行实验，实验前已调杠杆水平平衡，在A点施加竖直向上的力，为使杠杆恢复水平平衡，请画出在B点施加的最小力F的示意图及其力臂L。（标出F大小）
【答案】 【解析】解：由图可知，在A点施加竖直向上的力为2N，力臂为2L。根据杠杆平衡条件：FB×4L=2N×2L，解得，在B点施加的最小力FB=1N，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上，如图所示：
点睛：若在杠杆上B处施加最小的力F，使杠杆在水平位置平衡，该力的方向应该垂直杠杆向上；然后再根据杠杆平衡条件求得最小力的大小，并作出其力臂。
24.如图所示，F是凸透镜焦点，请画出光线a、b对应的折射光线和入射光线。
【答案】
【解析】解：过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变；平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点。如图所示：
点睛：凸透镜的三条特殊光线：①通过焦点的光线经凸透镜折射后将平行于主光轴；②平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；③过光心的光线经凸透镜折射后传播方向不变； 熟记三条特殊光线是作凸透镜光路图的关键。
25.300多年前，伽利略对“力和运动的关系”进行了探究。下面是模拟伽利略“推断物体不受力时运动情况”的实验。如图是同一小车从同一斜面的同一高度由静止下滑，从粗糙程度不同的水平面上由运动到静止的过程。（四种接触面的粗糙程度由小到大的顺序是：玻璃板、纸板、棉布、毛巾）
（1）小车在水平面上运动时，在竖直方向上受到的力有 __________，其合力为_______；在水平方向受到摩擦力，这个力对小车运动状态的影响是_______________________。
（2）为了便于推理得出结论，请将图中的四次实验排出合理的顺序：________________。（3）牛顿在伽利略实验的基础上，进一步推广得出：一切运动的物体，在不受外力作用时，总保持_________________状态，这一普遍规律奠定了牛顿的力学基础。
【答案】(1).重力和支持力(2).零(3).减小车的速度(4).bdca(5).匀速直线运动
【解析】解：（1）小车在水平面上运动时，受到竖直向下的重力和竖直向上的支持力，它们是一对平衡力，所以其合力为零；
小车在水平方向受到摩擦力，摩擦力使小车的运动速度减小。
（2）同一小车从同一斜面的同一高度由静止下滑，小车滑到斜面底端时具有相同的速度，在初速度相同的条件下，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，速度减小的越慢，小车运动的越远，所以合理的顺序是接触面应该逐渐变光滑，即毛巾、棉布、纸板、玻璃板，故图中的四次实验排出合理的顺序为bdca。（3）牛顿在伽利略实验的基础上，进一步推广得出：一切运动的物体，在不受外力作用时，总保持匀速直线运动状态，这一普遍规律奠定了牛顿的力学基础。
点睛：本题考查了探究力与运动关系的实验，对小车正确受力分析，分析图示实验情景即可正确解答。解题时要注意控制变量法的应用。26.实验探究：平面镜成像的特点
（1）请将摆放器材的过程补充完整：白纸平铺在水平桌面上，蜡烛A正确放在白纸上，_____。（器材如图甲）（2）徐丽摆好器材后，点燃蜡烛A，另拿一个和A相同的蜡烛B替代A去找像，发现B与A的像完全重合并像点燃了一样，由此可以分析出哪些信息______________？（请写出两条）
（3）回家后，徐丽照镜子（如图乙），她认为当她离镜子越远时，自己的像越小，想要证明她的观点是否正确，请写出你需要收集的证据 __________。
【答案】(1).玻璃板垂直桌面放在白纸中央(2).像与物体等大；像的位置(3).同一物体在不同物距时对应的像的大小
【解析】解：（1）白纸平铺在水平桌面上，蜡烛A正确放在白纸上，将玻璃板垂直桌面放在白纸中央，否则无论怎么移动另一支蜡烛都不能与像重合；
（2）实验时，点燃蜡烛A，另拿一个和A相同的蜡烛B替代A去找像，发现B与A的像完全重合并像点燃了一样，由此可以得出的结论是像与物体等大，还可以确定像的位置；
（3）想探究“像的大小与物体到镜子距离的关系”，应该记录同一物体在不同物距时，对应的像的大小，从而证明她的观点是否正确。
点睛：平面镜成像的特点是：物和像的大小相等，物体到平面镜的距离与像到平面镜的距离相同，物像连线与镜面垂直；
27.在“探究电流与电阻的关系”的实验中，庆宝连接的电路如图甲所示。
（1）实验前，检查电路发现连接出错，请在图中用笔画线代替导线改正错误。要求：滑动变阻器滑片向右滑动时电流表示数变小___________。（若需要去掉导线，可在要去掉的导线上打“
”）
（2）改正后，用5Ω电阻进行实验，电压表示数为U时，电流表示数I1如图乙所示，是____A。之后，用10Ω电阻替换5Ω电阻继续实验，发现电压表指针偏转超量程，电流表有示数，他操作中存在的问题是___。（3）庆宝正确测量了三组数据（如图表），他还想用手边200Ω电阻获取第四组数据，他只依据表中信息就发现此电阻不适合，请根据表中信息写出实验结论，并写出分析200Ω电阻不适合的原因_____________。
【答案】(1).(2).0.6(3).更换电阻后没有把滑动变阻器的滑片调到B端，就闭合了开关(4).结论：导体两端电压U一定时，通过它的电流I跟它的电阻R成反比；IR=3A·Ω；分析：根据结论可知，I4=3 A·Ω/R4=3/200A=0.015A，I4小于电流表分度值0.02A，误差太大，所以200Ω电阻不合适。
【解析】解：（1）原电路中，将滑动变阻器上面两个接线柱连入了电路中，是错误的。
根据滑动变阻器滑片向右滑动时电流表示数变小，即电阻变大，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中，如图所示：
（2）如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，故电流是0.6A。
连接电路时，开关要断路，且将滑动变阻器的最大阻值连入电路中。因此用10Ω电阻替换5Ω电阻继续实验，发现电压表指针偏转超量程，电流表有示数，操作中存在的问题是更换电阻后，没有把滑动变阻器的滑片调到B端，就闭合了开关。（3）由表中数据可知，电流与电阻之积：跟它的电阻R成反比； 当R4=200Ω时，电阻不合适。
点睛：本题探究电流与电阻关系，考查了电路的连接、电流表读数、实验数据分析和对实验方案的评估，是一道综合题。
28.随着生活水平的提高，汽车成为人们常用的交通工具。下表是两种汽车的相关数据：请回答：，这个电流值小于电流表的分度值0.02A，测量误差太大，所以200Ω
为一定值，即导体两端电压U一定时，通过它的电流I
（1）电动汽车工作时电动机最大功率是90kW，工作电压是300V，求电动机工作时最大电流是多少？电动机工作5min，电流所做的功最多是多少？
（2）电动汽车和燃油汽车轮胎与地面的总接触面积均为0.1m2,求两汽车静止时对水平地面的压强之比。（3）若从哈尔滨经高速公路自驾到某地旅游，两地距离S0为2000km，电费或油费的预计支出是700元，通过计算说明两车能否到达目的地。（高速路上能满足充电或加油的需求）
【答案】（1）300A 2.7×107J（2）10:7（3）电动汽车能到达目的地，燃油汽车不能到达目的地 【解析】解：（1）由P=UI可得，电动机工作时最大电流是，根据可得，电动机工作5min，电流所做的功最多是
；
（2）两车静止时对水平地面的压力都等于其重力，即F电=G电=m电g，F燃=G燃=m燃g，S电=S燃=0.1m，2所以两汽车静止时对水平地面的压强之比；
（3）已知电费单价：，则700元电动车提供的电能：，由表可知：充满一次电：①电池储存电能：电动车行驶的距离已知油费单价：7元/L，则700元能为燃油车提供燃油，②能行驶的最大路程：300km（高速）。则700元能使
；
已知燃油车百公里平均消耗油量：8L（高速），则700元能使燃油车行驶的距离
；，所以电动汽车能到由题，从哈尔滨经高速公路自驾到某地旅游，两地距离S0为2000km，因为达目的地，燃油汽车不能到达目的地。答：（1）电动机工作时最大电流是300A，电动机工作5min，电流所做的功最多是；（2）两汽车静止时对水平地面的压强之比为10:7；（3）电动汽车能到达目的地，燃油汽车不能到达目的地；
点睛：此题考查了压强公式、电功公式和电功率公式的应用等，综合性强，难度较大；通过计算比较说明了使用电能的优点：经济、环保。
第四篇：山东省烟台市2018年中考物理真题试题(含解析)
山东省烟台市2018年中考物理真题试题
一．选择题
1．（2018•烟台）“北斗”卫星是中国自行研制的通信系统，可在全球范围内全天候地为各类用户提供高精度，高可靠性的定位、导航等服务，该系统在传递信息过程中主要依靠（）A．声波 B．超声波 C．次声波 D．电磁波
2．（2018•烟台）为了探究声音产生的条件，小明设计了如图所示的几个实验，你认为不能完成探究目的是（）
A．
发出“啊”的声音，用手指触摸喉咙处
B．
一边改变管子插入水中深度，一边用嘴吹管的上端
C．
敲打铜锣，锣响后用手触摸锣面
D．
敲击音叉后，将音叉轻轻地接触脸颊
3．（2018•烟台）如图所示的杠杆，属于费力杠杆的是（）
4．（2018•烟台）关于惯性，以下说法正确的是（）
A．百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性 B．汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性 C．行驶中的公交车紧急刹车时，乘客会向前倾，是由于惯性力的作用 D．高速公路严禁超速，是因为速度越大惯性越大 5．（2018•烟台）下列现象，属于汽化的是（）A．烧水时，壶嘴冒出“白气” B．夏天，洒在地板上的水很快干了 C．冬天，室外冰冻的衣服也能变干 D．冰箱冷冻室内壁结霜
6．（2018•烟台）如图描述的四个生活实例，属于光反射现象的是（）
7．（2018•烟台）一重力为G的热气球竖直匀速上升时，它所受到的浮力为F，受到的空力阻力为f，下列关系正确的是（）A．F＞G+f B．F=G+f C．F＜G+f D．F=G﹣f 8．（2018•烟台）在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，所用凸透镜焦距为10cm，当蜡烛从如图所 示的A位置逐渐移到B位置的过程中，像距及其像的变化情况是（）
A．像距增大，像变大 B．像距减小，像变大 C．像距减小，像变小 D．像距增大，像变小
9．（2018•烟台）如图是小明为家里的盆景设计了一个自动供水装置，他用一个塑料瓶装满水后倒放在盆景中，瓶口刚刚被水浸没，这样盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不会立刻全部流掉的原因是（）
A．受浮力的作用 B．外界大气压的作用
C．盆景盘支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出
10．（2018•烟台）炎炎夏日，烈日下海滩的沙子热得烫脚，而海水很清凉，榜晚落日后，沙子凉了，海水却依然暖暖的，这主要是因为海水和沙子具有不同的（）A．密度 B．内能 C．热量 D．比热容
11．（2018•烟台）物理学中把抽象的、不易直接测量的物理量，转换为具体的，易测量的物理量的科学方法，叫转换法，在下图所示实验中没有使用转换法的是（）
A．
探究光的反射规律 B．
探究液体压强与哪些因素有关
C．
探究重力势能与哪些因素有关
D．
探究电热与哪些因素有关
12．（2018•烟台）如图所描述的情景中，没有发生动能转化为势能的是（）
13．（2018•烟台）如图描述的是生活中与“电”有关的现象，其中符合安全用电常识的是（）
14．（2018•烟台）在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（A．灯泡L变亮 B．电压表V示数变大 C．电流表A1示数变小 D．电流表A2示数变大
15．（2018•烟台）下列实验现象所揭示的物理原理或规律与对应的技术应用不正确的是（））A． B． C． D．
飞机 内燃机 电磁起重机 电动机 二．填空题
16．（2018•烟台）小明在探究”海波熔化时温度的变化规律”的实验时，设计了甲、乙两种方案（如图所示）。实验应选用 方案，其优点是，实验过程中温度计的变化情况是。
17．（2018•烟台）水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球A、B分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，球所处的位置如图所示两小球；甲所受浮力的大小关系为FA FB，两小球所排开液体重力的大小关系为GA GB，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲 p乙（均选填“＞”、“=”或“＜”）。
18．（2018•烟台）甲、乙两小车同时同地向东做匀速直线运动，它们的s﹣t图象如图所示，甲车的速度为，5s时两车相距，以甲车为参照物，乙车向 运动。
19．（2018•烟台）常温常压下，一台标有“220V 2000W“的电热水壶正常工作时，将质量为1kg、初温为20℃的水烧开，需要的时间是 [假设该热水壶产生的热量完全被水吸收，c水=4.2×10J/（kg•℃）]。20．（2018•烟台）请在下面的流程图中填入后面所列出的短语，来解释电铃（图甲）是怎样利用电磁铁工作的。短语：弹簧片恢复原状；电磁铁无磁性；电路接通；电路断开；电磁铁吸引衔铁，锤子敲击铃碗；电磁铁有磁性。
3三．作图简答题
21．（2018•烟台）学习了电路相关知识后，小明想给自家的养殖场设计一种呼叫装置，要求前后门来的客人均可呼叫，前门来的客人关闭开关，办公室的电铃响、红灯亮；后门来的客人关闭开关，办公室的电铃响、绿灯亮。请在图中帮助他画出符合要求的电路图（导线不得交叉）。
22．（2018•烟台）
神奇的光伏高速公路
全球首段承载式光伏高速公路2017年12月28日在山东济南通车，光伏路面全长1120米，路面顶层是类似毛玻璃的新型材料，摩擦系数高于传统沥青路面，保证轮胎不打滑的同时，还拥有较高的透光率，让阳光穿透它：使下面的太阳能把光能转换成电能，发电装机容量峰值功率为817.2kW．预计年发电量约100万千瓦，参与测试的一名中巴车司机说：“路面的感觉和平常高速一样，刹车距离和平常路面一样。”在冬季，这段路面还可以将光能转化为热能，消融冰雪，确保行车安全。
报道称，这光伏滑路面还预留了电磁感应线圈，随着电动汽车无线技术的配套，未来可实现电动车边跑边充电，预留的信息化端口还可接入各种信息采集设备：车辆信息、拥堵状况等信息将汇聚成交通大数据，构建大数据驱动的智慧云控平台，通过智能系统，车辆管控等措施，能更有效的提升高速公路的运行效率。晒晒太阳就能发电，公路变成”充电宝”，自行融化路面积雪…，这就是智见公路的先行案例。阅读上文，回答下列问题：
（1）交章中有个物理量的单位有误，请你指出来并改正；（2）简要描述“新型材料”的特性；
（3）光伏高速公路的设计应用了哪些物理知识？（回答三点即可）。
四．实验探究题
23．（2018•烟台）如图是利用平板玻璃，两只相同的蜡烛A和B、刻度尺，笔等器材探究“平面镜成像特点”的实验装置
（1）实验器材选用两只相同蜡烛的目的是什么？刻度尺的作用是什么？（2）为了保证实验效果，对实验环境有什么要求？（3）简述确定记录像位置的方法步骤；
（4）实验过程中，某实验小组无论怎样操作，总是观察到两个几乎重叠的像，其原因是什么？
24．（2018•烟台）在用天平，量筒“测量盐水密度”的实验中，甲、乙、丙三位同学设计了如下三种实验方案： 方案一： 1．调节天平平衡
2．用天平测出空烧杯的质量m1
3．在烧杯中倒入适量的被测液体，测出总质量m2 4．将烧杯中的液体倒入量筒中，读出液体的体积V 5．算出液体的密度ρ方案二： 1．调节天平平衡
2．在烧杯中盛被测液体，测出它们的质量m1
3．将烧杯中的适量液体倒入量筒中，读出液体的体积V 4．测出烧杯和杯中剩余液体的质量m2 5．算出液体的密度ρ方案三： 1．调节天平平衡 液液
2．将适量的液体例入量筒中，读出液体的体积V 3．用天平测出空烧杯的质量m1； 4．将量筒中液体倒入烧杯，测出总质量m2 5．算出液体的密度ρ液
（1）请观察图，简要说明调节天平平衡的步骤（2）写出以上三种实验方案密度的表达式
（3）分析评估以上三种实验方案，指出哪种方案最合理
25．（2018•烟台）小明在做“测定小灯泡电功率”的实验时连接了如图甲所示的电路
（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，经检查有一根导线连接错误，请你在电路中将连接错误的导线上打“×”，并补测出正确的连线。
（2）正确连接电路后，滑片P移动到某一位置时，电压表和电流表示数如图乙所示小灯泡此时的电功率是多少？
（3）小明根据记录的多组数据绘制出小灯泡的I﹣U图象（图丙），分析评估时，小明对自己的实验产生了困惑，他认为：由欧姆定律I=知，I与U之间的变化关系是正比函数，所以其图象理论上应该是过原点的一条直线，请你帮助他解除困惑。
五．计算题
26．（2018•烟台）在某次综合实践活动中，小明利用蓄电池（电压为24V）、电压表（量程为0～15V）校准电阻R0，滑动变阻器R（最大阻值为100Ω）等器材，设计了一种测定油箱内油量的方案（图甲），选配合适的校准电阻值，能够使油箱装满汽油，滑动变阻器的触片在某一端时，油量表示数为最大值（即电压表示数达到最大值）油箱中的汽油用完，滑动变阻器的触片在另一端时，油量表示数为零（即电压表示数为零）
（1）校准电阻除了可以校准表盘，还有什么作用？校准电阻的阻值为多少？（2）整个电路消耗的电功率的变化范围是多少？
（3）另一个小组的小红同学设计了如图乙所示的电路，请你从能耗的角度分析这种方案的优点。27．（2018•烟台）如图是某汽车起重机静止在水平地面上起吊重物的示意图，重物的升降使用的是滑轮组，滑轮组上钢丝绳的收放是由卷扬机来完成的。提升重物前，起重机对地面的压强为2×10Pa，某次作业中，将重物甲以0.25m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.3×10Pa；若以相同的功率将重物乙以
550.2m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.4×105
Pa（不计钢丝绳重和摩擦）（1）起重机两次提升的重物质量之比。
（2）起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。（3）提升重物乙时，滑轮组的机械效率是多少？
参考答案与解析
一．选择题
1．（2018•烟台）“北斗”卫星是中国自行研制的通信系统，可在全球范围内全天候地为各类用户提供高精度，高可靠性的定位、导航等服务，该系统在传递信息过程中主要依靠（）A．声波 B．超声波 C．次声波 D．电磁波
【分析】人们日常生活中用的电视信号、手机信号以及卫星通信都是利用电磁波传递信号。
【解答】解：卫星和地面的联系靠电磁波，将图片和声音等信号调制到电磁波上，把电磁波当成载体发射回地面。所以它传递信息利用的是电磁波。故选：D。
【点评】这是一道考查电磁波在日常生活中应用的基础题，要求知道无线电通信都是利用电磁波来传递信息的，比较容易。
2．（2018•烟台）为了探究声音产生的条件，小明设计了如图所示的几个实验，你认为不能完成探究目的是（）
A．
发出“啊”的声音，用手指触摸喉咙处
B．
一边改变管子插入水中深度，一边用嘴吹管的上端
C．
敲打铜锣，锣响后用手触摸锣面
D．
敲击音叉后，将音叉轻轻地接触脸颊
【分析】（1）声音三个特性：音调、响度、音色。音调跟频率有关，频率越大，音调越高。体积大，质量大的物体难振动，频率小，音调低。响度跟振幅有关。音色跟材料和结构有关；（2）物体发声时一定振动，振动停止，发声停止。【解答】解：
A、发出“啊”的声音，用手指触摸喉咙处，感觉到声带振动，能探究声音产生的条件，故A不符合题意； B、一边改变管子插入水中深度，一边用嘴吹管的上端，空气柱的长度改变，振动频率发生变化，音调发生变化，研究的是音调和频率的关系，故B符合题意；
C、敲打铜锣，锣响后用手触摸锣面，感觉到鼓面在振动，能探究声音产生的条件，故C不符合题意； D、敲击音叉后，将音叉轻轻地接触脸颊，会感到音叉在振动，能探究声音产生的条件，故D不符合题意。故选：B。
【点评】此题考查了声音的特性和声音的产生，要会运用。
3．（2018•烟台）如图所示的杠杆，属于费力杠杆的是（）
【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：
A、羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。B、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。C、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意。D、钳子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意。故选：C。
【点评】此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
4．（2018•烟台）关于惯性，以下说法正确的是（）
A．百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性 B．汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中人的惯性 C．行驶中的公交车紧急刹车时，乘客会向前倾，是由于惯性力的作用 D．高速公路严禁超速，是因为速度越大惯性越大
【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。原来静止的物体保持原来的静止状态；原来运动的物体保持原来的运动状态。并且要知道任何物体都有惯性，惯性大小只与物体的质量有关，与是否运动、是否受力、做什么运动都没有关系。【解答】解： A、百米赛跑运动员到达终点不能马上停下来，是由于运动员具有惯性，故A正确；
B、汽车驾驶员和乘客需要系上安全带，是为了减小汽车行驶中惯性造成的危害，不能减小惯性，惯性大小只与质量有关，质量不变，惯性不变，故B错误；
C、行驶中的公交车紧急刹车时，乘客会向前倾，是由于乘客具有惯性；惯性不是力，不能说受到惯性力的作用，故C错误。
D、物体的惯性只与物体的质量有关，与运动状态、速度等因素无关，故D错误。故选：A。
【点评】正确理解惯性的概念是解答此题的关键，惯性作为物体本身固有的一种属性，在我们生活中随处可见，与我们的生活息息相关，我们要注意联系实际，用所学惯性知识解决身边的物理问题。
5．（2018•烟台）下列现象，属于汽化的是（）A．烧水时，壶嘴冒出“白气” B．夏天，洒在地板上的水很快干了 C．冬天，室外冰冻的衣服也能变干 D．冰箱冷冻室内壁结霜
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（3）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A、烧水时，从壶嘴冒出“白气”是水蒸气的液化现象，故A错误； B、夏天，洒在地板上的水很快干了，是水变成水蒸气，是汽化现象，故B正确； C、冰冻的衣服在0℃以下也能干，是冰直接变成水蒸气，属于升华现象，故C错误； D、冰箱冷冻室内壁结霜是水蒸气直接变成小冰晶，是凝华现象，故D错误。故选：B。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6．（2018•烟台）如图描述的四个生活实例，属于光反射现象的是（）
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、手影中影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符；
B、从水中池底上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是池底的虚像，比实际位置偏高，所以感觉池水变浅了，故与题意不符； C、水中鱼上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，属于光的折射，故与题意不符； D、“潜望镜”是两块平面镜组成，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意。故选：D。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
7．（2018•烟台）一重力为G的热气球竖直匀速上升时，它所受到的浮力为F，受到的空力阻力为f，下列关系正确的是（）A．F＞G+f B．F=G+f C．F＜G+f D．F=G﹣f 【分析】根据物体分别处于静止、匀速下降、匀速上升都是平衡状态，所以受到拉力与重力是平衡力，利用二力平衡的条件可以求得热气球所受力的关系。【解答】解：
热气球匀速上升时，受平衡力的作用，浮力的方向竖直向上，重力和阻力的方向竖直向下； 则浮力F等于重力G与阻力f之和，即：F=G+f。故选：B。
【点评】此题考查了力与运动的关系，难度不大，认真分析即可。8．（2018•烟台）在“探究凸透镜成像的规律”的实验中，所用凸透镜焦距为10cm，当蜡烛从如图所 示的A位置逐渐移到B位置的过程中，像距及其像的变化情况是（）
A．像距增大，像变大 B．像距减小，像变大 C．像距减小，像变小 D．像距增大，像变小 【分析】掌握凸透镜成像的三种情况： U＞2f，成倒立、缩小的实像。2f＞U＞f，成倒立、放大的实像。U＜f，成正立、放大的虚像。
凸透镜成实像时，物体离凸透镜越近，像离凸透镜越远，像也越大。
【解答】解：凸透镜的焦距是10cm，将点燃的蜡烛从A位置逐渐移到B位置的过程中，由于物距减小，则像距变大，像变大。故选：A。
【点评】此题考查了学生对凸透镜成像规律的应用，首先要熟练掌握凸透镜成像的规律，搞清物距和像距。然后才能准确判断像的性质。
9．（2018•烟台）如图是小明为家里的盆景设计了一个自动供水装置，他用一个塑料瓶装满水后倒放在盆景中，瓶口刚刚被水浸没，这样盆景中的水位可以保持一定的高度。塑料瓶中的水不会立刻全部流掉的原因是（）
A．受浮力的作用 B．外界大气压的作用
C．盆景盘支持力的作用 D．瓶口太小，水不易流出
【分析】浸在空气中的物体受到大气压的作用，一个标准大气压可以支持10.13m高度的水柱。【解答】解：
一个标准大气压可以支持约10.13m高的水柱。瓶中水面能高于盆内水面不会流出来，正是因为盆景中的水与大气相通，是大气压支持着瓶内的水不会流出来。故选：B。
【点评】本题考查学生运用所学知识分析解决实际问题的能力，对学生的要求较高，是中考重点考查的内容。
10．（2018•烟台）炎炎夏日，烈日下海滩的沙子热得烫脚，而海水很清凉，榜晚落日后，沙子凉了，海水却依然暖暖的，这主要是因为海水和沙子具有不同的（）A．密度 B．内能 C．热量 D．比热容
【分析】水的比热容大，在吸收和放出相同热量时，与同质量的其他物质相比，其温度变化小。【解答】解：
水的比热容比沙子的比热容大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙小，因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低，放出相同热量时，海水比沙滩的温度高，故D正确。故选：D。
【点评】本题主要考查学生对水的比热容大在生活中的应用的了解，是一道基础题。
11．（2018•烟台）物理学中把抽象的、不易直接测量的物理量，转换为具体的，易测量的物理量的科学方法，叫转换法，在下图所示实验中没有使用转换法的是（）
A．
探究光的反射规律
B．
探究液体压强与哪些因素有关
C．
探究重力势能与哪些因素有关
D．
探究电热与哪些因素有关
【分析】对每一个选项进行分析，明确各自应用的方法，确定符合题意的选项。
【解答】解：A、在探究光的反射规律实验中，多次改变入射光线的角度，观察并记录反射光线的位置，目的是探究反射光线位置变化与入射光线的关系，采用的是归纳法。故A符合题意；
B、探究液体压强与哪些因素有关实验中，通过U形管中液面高度差的大小反映液体内部压强的大小，采用的是转换法。故B不符合题意； C、探究重力势能与哪些因素有关实验中，通过小桌陷入沙中的深度反映重力势能的变化，采用的是转换法。故C不符合题意；
D、探究电热与哪些因素有关实验中，通过液体温度变化反映电流产生热量的多少，采用的是转换法。故D不符合题意。故选：A。
【点评】物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法
12．（2018•烟台）如图所描述的情景中，没有发生动能转化为势能的是（）
【分析】动能的影响因素是质量和速度，重力势能的影响因素是质量和高度，据此可结合物体的运动情况做出判断。【解答】解：
A、滑滑梯时，人的高度降低，速度变大，是重力势能转化为动能，没有发生动能转化为势能，故A符合题意；
B、荡秋千时，在从低处向高处运动时，人与秋千的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故B不合题意；
C、在跳水比赛中，人向上弹起的过程中，高度增大，速度减小，是动能转化为重力势能，故C不合题意； D、在单杠上翻转时，若人由下向上运动，人的速度减小，高度增加，是动能转化为重力势能，故D不合题意。故选：A。
【点评】本题主要通过生活中的几个实例，考查了动能与势能之间的转化，明确动能与势能的影响因素，即可顺利解答。
13．（2018•烟台）如图描述的是生活中与“电”有关的现象，其中符合安全用电常识的是（）
【分析】根据安全用电的要求可知：不接近高压带电物体； 所使用的家用电器如电冰箱、电冰柜、洗衣机等，应按产品使用要求，装有接地线的插座； 使用的用电器总功率不能过高，否则引起电流过大而引发火灾；不用湿手触碰开关。【解答】解：
A、水是导体，不得用湿手触摸带电的电器或开关，故A错误；
B、同时使用多个大功率用电器会使得干路中的电流过大，容易引发火灾，故B错误； C、发现有人触电应先切断电源，然后在施救，故C正确；
D、电冰箱的金属外壳必须接地，故应采用用三脚插头及三孔插座，故D错误。故选：C。
【点评】本题是对安全用电常识的考查，要求能运用物理知识解决实际问题。
14．（2018•烟台）在如图所示的电路中，闭合开关后，当滑片P向左移动时，下列说法正确的是（）
A．灯泡L变亮 B．电压表V示数变大 C．电流表A1示数变小 D．电流表A2示数变大
【分析】由图可知，该电路为并联电路；电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压；
根据滑动变阻器滑片移动的方向判定其阻值变化，根据欧姆定律判定其电流变化，根据并联电路的电流、电压特点判定电表示数的变化。【解答】解： 由图可知，该电路为并联电路；电流表测量干路中的电流，电流表测量通过灯泡的电流；电压表测量的是支路两端的电压，测量的也是电源电压，保持不变，故B错误；
根据并联电路的特点可知，滑动变阻器滑片移动时，对灯泡所在的支路无影响，灯泡的电流和电压都不变，故电流表A2示数不变，灯泡亮度不变，故AD错误；
当滑片P向左移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流减小；通过灯泡的电流不变，根据并联电路的电流关系可知，干路中的电流减小，即电流表A1示数变小，故C正确。故选：C。
【点评】本题考查了滑动变阻器的应用原理和并联电路中电压、电流的特点，较为简单。
15．（2018•烟台）下列实验现象所揭示的物理原理或规律与对应的技术应用不正确的是（）
A． B． C． D．
飞机 内燃机 电磁起重机 电动机
【分析】首先分析选择项中上下两个图示场景中包含的物理知识，然后将包含的物理知识相对应，通过比较它们是否一致，得到答案。【解答】解：
A、上图是用力向两张纸的中间吹气，纸向中间靠拢，说明了流体压强与流速的关系；
下图中飞机的升空就是利用流体压强与流速的关系来实现的；两者对应关系一致，故A不合题意。B、上图中，活塞被高温的水蒸气推出，是水蒸气的内能转化成机械能；
下图中火花塞正在打火、活塞向下运动，所以是做功冲程，在该冲程中气体的内能转化为活塞的机械能；两者对应关系一致，故B不合题意。
C、上图中通电线圈能吸引大头针，这是电流的磁效应；
下图为电磁起重机，是根据电流的磁效应制成的；两者对应关系一致，故C不合题意。
D、上图中，闭合电路的一部分导体在磁场中切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，这是电磁感应现象； 下图电动机是通电线圈在磁场中受力而转动制成的；两者对应关系不一致，故D符合题意。故选：D。
【点评】物理来源于生活，服务于生活，要把学到的物理原理、物理规律与日常生活紧密联系，学物理要带着疑问、带着兴趣去学习，物理肯定能学好！
二、填空题
16．（2018•烟台）小明在探究”海波熔化时温度的变化规律”的实验时，设计了甲、乙两种方案（如图所示）。实验应选用 甲 方案，其优点是 使物质均匀受热，实验过程中温度计的变化情况是 先升高，后不变，再升高。
【分析】利用水浴法加热，可以使固态物质受热均匀，且可以防止温度上升较快，便于测量温度； 晶体在熔化的过程中，温度保持不变。
【解答】解：利用水浴法加热，不但能使试管受热均匀，而且物质的温度上升速度较慢，便于及时记录各个时刻的温度，故应选择甲装置。
实验过程中，海波吸收热量，温度升高，海波在熔化过程中温度不变，熔化结束后，温度计示数逐渐变大。故答案为：甲；使物质均匀受热；先升高，后不变，再升高。
【点评】本题考查了固体熔化特点实验，知道晶体与非晶体的特点，属于基础知识。
17．（2018•烟台）水平桌面上两个完全相同的烧杯中分别盛有甲、乙两种液体，将两个完全相同的小球A、B分别放入两烧杯中，当两球静止时，两液面高度相同，球所处的位置如图所示两小球；甲所受浮力的大小关系为FA = FB，两小球所排开液体重力的大小关系为GA = GB，两种液体对烧杯底的压强的大小关系为p甲 ＞ p乙（均选填“＞”、“=”或“＜”）。
【分析】（1）A、B是两个完全相同的小球，漂浮和悬浮时受到的浮力都等于重力，由此可知两小球受浮力大小关系；根据阿基米德原理可知排开液体重力的大小关系；
（2）根据漂浮和悬浮时液体密度和球的密度关系，找出两种液体的密度关系，又知道两容器液面等高（深度h相同），利用液体压强公式分析两种液体对容器底压强的大小关系。
【解答】解：由图可知，A球漂浮，B球悬浮，所以根据悬浮和漂浮条件可知两球受到的浮力都等于各自 的重力，由于两个小球是相同的，重力相等，所以FA=FB=G。根据阿基米德原理可知：排开液体重力GA=FA，GB=FB，所以GA=GB； 由于A球漂浮，B球悬浮，根据物体的浮沉条件可知：ρ则两种液体的密度大小关系是：ρ故答案为：=；=；＞。
【点评】本题考查物体的浮沉条件和阿基米德原理的应用，关键知道物体漂浮时浮力等于重力，物体密度小于液体密度，物体悬浮时浮力等于重力，物体密度等于液体密度。
18．（2018•烟台）甲、乙两小车同时同地向东做匀速直线运动，它们的s﹣t图象如图所示，甲车的速度为 0.2m/s，5s时两车相距 0.5m，以甲车为参照物，乙车向 西 运动。
甲
甲
＞ρ
球，ρ
乙
=ρ
球，＞ρ
乙。
【分析】（1）匀速直线运动的路程s与运动时间t成正比，s﹣t图象是一条倾斜的直线，由图象找出甲乙的路程s与所对应的时间t，由速度公式可求出甲乙的速度，然后比较它们的大小关系； 根据甲、乙速度和运动时间，得到运动的路程，进一步得到两车距离。
（2）首先根据甲乙的速度关系判断两物体的位置关系，然后以甲为参照物，判断乙的运动状态。【解答】解：
（1）读图可知，经过6s，甲运动了1.2m，乙运动了0.6m，则甲的速度：v甲=乙的速度：v乙=所以，v甲＞v乙；
经过5s，两车通过的路程分别为：
s甲′=v甲t′=0.2m/s×5s=1m，s乙′=v乙t′=0.1m/s×5s=0.5m，此时两车相距：△s=1m﹣0.5m=0.5m。
（2）由于甲、乙两车同时同地向东做匀速直线运动，所以，同一时刻甲在乙的前面向东运动，如果以甲为参照物，则乙向西运动。故答案为：0.2m/s；0.5m；西。
【点评】本题考查了物体的s﹣t图象及物体运动状态的判断方法，由图象找出两物体的路程s与所对应的时间t，是解题的关键，具体分析时应细心找准s和t的对应关系。===0.2m/s； =0.1m/s，19．（2018•烟台）常温常压下，一台标有“220V 2000W“的电热水壶正常工作时，将质量为1kg、初温为20℃的水烧开，需要的时间是 168s [假设该热水壶产生的热量完全被水吸收，c水=4.2×10J/（kg•℃）]。【分析】在1个标准大气压下水的沸点为100℃，又知道水的初温、质量、比热容，根据Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，不计热损失，根据W=Q吸=Pt求出需要的加热时间。【解答】解：
在1个标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：
Q吸=cm（t﹣t0）=4.2×10J/（kg•℃）×1kg×（100℃﹣20℃）=3.36×10J，不计热损失，由W=Q吸=Pt可得，需要的加热时间： t′====168s。
353故答案为：168s。
【点评】本题考查了吸热公式、电功公式的应用，关键是知道在1个标准大气压下水的沸点为100℃。20．（2018•烟台）请在下面的流程图中填入后面所列出的短语，来解释电铃（图甲）是怎样利用电磁铁工作的。短语：弹簧片恢复原状；电磁铁无磁性；电路接通；电路断开；电磁铁吸引衔铁，锤子敲击铃碗；电磁铁有磁性。
【分析】电磁铁通电时有磁性，断电时无磁性，电铃就是利用电磁铁的这个特性工作的；通电时，电磁铁吸引衔铁，鼓槌打击铃碗发出声音，同时衔铁与螺钉分离，鼓槌被弹回，电路重新接通，不断重复上面的过程。
【解答】答：闭合开关，电磁铁有电流通过，电磁铁具有了磁性，衔铁被吸引过来，使锤子打击铃碗发出声音，同时衔铁B与螺钉A分离，电路断开，电磁铁失去了磁性，锤子又被弹簧片弹回，电路闭合，不断重复，电铃便发出连续击打声了。
【点评】通过读图明确电磁继电器的工作原理与工作过程，从而可以正确描述其工作时的状态，这是我们学习电磁继电器必须掌握的。
三、作图简答题 21．（2018•烟台）学习了电路相关知识后，小明想给自家的养殖场设计一种呼叫装置，要求前后门来的客人均可呼叫，前门来的客人关闭开关，办公室的电铃响、红灯亮；后门来的客人关闭开关，办公室的电铃响、绿灯亮。请在图中帮助他画出符合要求的电路图（导线不得交叉）。
【分析】红灯亮、铃响表示前门来人，绿灯亮、铃响表示后门来人，说明两灯互不影响、独立工作即为并联，且前门的控制开关与红灯在同一支路，后门的控制开关与绿灯在同一支路，均为串联关系；而无论前门还是后门来人都会响铃说明铃串联在干路中，据此连接实物电路图。【解答】解：
由题意知，两个电灯为并联，且各有一个开关控制，而电铃串联在干路中；即绿灯亮、电铃响时表示人在后门按后门开关，红灯亮、电铃响时表示人在前门按前门开关，电路图如图所示：
【点评】本题是实物连接的问题，关键根据现象判断各元件间的连接方式。根据要求设计电路，一般电路有三种情况：串联、并联、部分短路。
22．（2018•烟台）
神奇的光伏高速公路
全球首段承载式光伏高速公路2017年12月28日在山东济南通车，光伏路面全长1120米，路面顶层是类似毛玻璃的新型材料，摩擦系数高于传统沥青路面，保证轮胎不打滑的同时，还拥有较高的透光率，让阳光穿透它：使下面的太阳能把光能转换成电能，发电装机容量峰值功率为817.2kW．预计年发电量约100万千瓦，参与测试的一名中巴车司机说：“路面的感觉和平常高速一样，刹车距离和平常路面一样。”在冬季，这段路面还可以将光能转化为热能，消融冰雪，确保行车安全。
报道称，这光伏滑路面还预留了电磁感应线圈，随着电动汽车无线技术的配套，未来可实现电动车边跑边充电，预留的信息化端口还可接入各种信息采集设备：车辆信息、拥堵状况等信息将汇聚成交通大数据，构建大数据驱动的智慧云控平台，通过智能系统，车辆管控等措施，能更有效的提升高速公路的运行效率。晒晒太阳就能发电，公路变成”充电宝”，自行融化路面积雪…，这就是智见公路的先行案例。阅读上文，回答下列问题：（1）交章中有个物理量的单位有误，请你指出来并改正；（2）简要描述“新型材料”的特性；
（3）光伏高速公路的设计应用了哪些物理知识？（回答三点即可）。
【分析】（1）功率的单位是W、kW；电功、电能的单位是千瓦时；
（2）根据题中信息从摩擦、透光率、能量转化、电磁感应几方面分析解答；（3）增大摩擦力的方法：增大压力、增加接触面的粗糙程度； 太阳能电池板可以把光能转化成电能； 电磁感应线圈：机械能转化成电能。
【解答】答：（1）功率的单位是W、kW；电功、电能的单位是千瓦时，故题目中的错误“预计年发电量约100万千瓦”，应该为“100万千瓦时”；
（2）有题中信息知：“新型材料”的特性为：摩擦力大，保证轮胎不打滑； 透光率高使下面的太阳能把光能转换成电能；
还可以将光能转化为热能，消融冰雪，确保行车安全电； 磁感应线圈可实现电动车边跑边充电；
（3）①路面顶层是类似毛玻璃的新型材料，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大车辆行驶时与地面的摩擦力；
②阳光穿透它达到中层的光伏发电组件时，消耗太阳能，产生电能，即将太阳能转化为电能。
③太阳能电池板可以把光能转化成电能，若将预留的金属线圈与太阳能电池相连，线圈中会用电流，电流周围就会产生磁场，当电动汽车内的线圈随汽车运动时，线圈在磁场中做切割磁感线运动，会在汽车的线圈中产生感应电流，从而实现运动中的无线充电，解决电动汽车充电难的问题。
【点评】考查了物理量的单位、增大摩擦力的方法、能量转化以及发电机的工作原理，理解电磁感应现象的运用。四．实验探究题
23．（2018•烟台）如图是利用平板玻璃，两只相同的蜡烛A和B、刻度尺，笔等器材探究“平面镜成像特点”的实验装置（1）实验器材选用两只相同蜡烛的目的是什么？刻度尺的作用是什么？（2）为了保证实验效果，对实验环境有什么要求？（3）简述确定记录像位置的方法步骤；
（4）实验过程中，某实验小组无论怎样操作，总是观察到两个几乎重叠的像，其原因是什么？
【分析】（1）选取两段完全相同的蜡烛的目的是比较像与物的大小关系。要比较像与物距离的关系，需借助刻度尺；用刻度尺测出两支蜡烛到玻璃板的距离便可得出像和物体到平面镜的距离相等。
（2）物体射出的光线对人眼刺激越强，人眼感觉物体越亮，物体经过平面镜反射，反射光线进入人眼的光线越多，人眼感到物体的像越亮。在比较亮的环境中，很多物体射出光都对眼睛有刺激，干扰人的视线；（3）在探究“平面镜成像特点”的实验中，实验步骤应该是先在水平桌面上铺一张白纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜，再点燃蜡烛做实验，为得到普遍规律，应改变玻璃板前蜡烛的位置，多做几次实验。（4）玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像。两个反射面都能反射成像。【解答】解：
（1）两只蜡烛大小相同，后面的蜡烛又和前面蜡烛的像完全重合，这样就证明了像与物大小相同，所以两只蜡烛相同是为了比较像与物大小关系用的；在实验中用到刻度尺，是测像到镜面的距离、物到镜面的距离，然后比较二者关系用的；
（2）在比较明亮的环境中，很多物体都在射出光线，干扰人的视线，在较黑暗的环境中，蜡烛是最亮的，蜡烛射向平面镜的光线最多，反射光线最多，进入人眼的光线最多，感觉蜡烛的像最亮。所以在比较黑暗的环境中进行实验；
（3）确定记录像位置的方法步骤是：
①．在水平桌面上铺一张白纸，将一块玻璃板后面竖立在纸上，在纸上记下玻璃板的位置。
②．选取两支大小相同的蜡烛，把一支蜡烛点燃放在玻璃板的前面，看到玻璃板后面有蜡烛的像时，在纸上记下蜡烛的位置A。
③．拿另一支没有点燃的蜡烛，竖立着在玻璃板后面移动，直到它与前面的蜡烛的像完全重合，在纸上记下该蜡烛的位置A′。
④．移动点燃的蜡烛到另一位置，重做上面的实验，在纸上记录物与像的位置B、B′；C、C′。（4）实验过程中，某实验小组无论怎样操作，总是观察到两个几乎重叠的像，其原因是玻璃板有两个反射面，两个反射面都能成像。两个反射面都能反射成像。所以看到两个像，玻璃板越厚，两个像距离越远，越明显。
【点评】本题考查学生动手操作实验的能力并能合理解决实验中出现的问题。只要熟练掌握平面镜的成像 特点，解答此类题目就很容易。
24．（2018•烟台）在用天平，量筒“测量盐水密度”的实验中，甲、乙、丙三位同学设计了如下三种实验方案： 方案一： 1．调节天平平衡
2．用天平测出空烧杯的质量m1
3．在烧杯中倒入适量的被测液体，测出总质量m2 4．将烧杯中的液体倒入量筒中，读出液体的体积V 5．算出液体的密度ρ方案二： 1．调节天平平衡
2．在烧杯中盛被测液体，测出它们的质量m1
3．将烧杯中的适量液体倒入量筒中，读出液体的体积V 4．测出烧杯和杯中剩余液体的质量m2 5．算出液体的密度ρ方案三： 1．调节天平平衡
2．将适量的液体例入量筒中，读出液体的体积V 3．用天平测出空烧杯的质量m1； 4．将量筒中液体倒入烧杯，测出总质量m2 5．算出液体的密度ρ液液液
（1）请观察图，简要说明调节天平平衡的步骤（2）写出以上三种实验方案密度的表达式
（3）分析评估以上三种实验方案，指出哪种方案最合理
【分析】（1）天平的正确使用：把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使指针指到分度盘的中央；（2）实验目的是测量液体的密度，基本原理是ρ=；
（3）测量值偏大或偏小，从质量m的测量和体积V的测量分析。【解答】解：
（1）调节天平平衡的步骤：
把天平放在水平台上，游码移到标尺左端的零刻度处，调节平衡螺母使指针指到分度盘的中央；（2）液体的密度，基本原理是ρ=； 方案一：液体的密度ρ方案二：液体的密度ρ方案三：液体的密度ρ=====═
； ； ； 液液液（3）方案一：当把液体由烧杯倒入量筒时，烧杯上会沾有少量液体，导致称量的液体体积偏小，根据ρ=知测量的液体密度偏大，误差较大；
方案三：当把液体由量筒倒入烧杯时，量筒上会沾有少量液体，导致称量的液体质量偏小，根据ρ=知测量的液体密度偏小，误差较大；
方案二避免了一和三中的这些问题，实验误差较小，故方案二较合理。
【点评】本题考查测量液体密度实验步骤和原理，关键是平时要注意知识的积累，记住测量的方法和原理；重点是记住测量密度的原理和测量步骤。
25．（2018•烟台）小明在做“测定小灯泡电功率”的实验时连接了如图甲所示的电路
（1）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡不亮，经检查有一根导线连接错误，请你在电路中将连接错误的导线上打“×”，并补测出正确的连线。
（2）正确连接电路后，滑片P移动到某一位置时，电压表和电流表示数如图乙所示小灯泡此时的电功率是多少？
（3）小明根据记录的多组数据绘制出小灯泡的I﹣U图象（图丙），分析评估时，小明对自己的实验产生了困惑，他认为：由欧姆定律I=知，I与U之间的变化关系是正比函数，所以其图象理论上应该是过原点的一条直线，请你帮助他解除困惑。
【分析】（1）伏安法测灯泡电功率，电流表应串联在电路中，电压表与灯泡并联；据此分析电路图，找出错误，并改正；
（2）根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数，根据电流表的量程和分度值读出示数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
（3）根据灯丝电阻随温度升高而增大的特点进行分析。
【解答】解：（1）由电路图可知，灯泡与滑动变阻器并联，灯泡连接错误，将灯泡左端接线柱与开关的右接线柱连线断开，改接为灯泡左接线柱与电压表负接线柱相连即可，电路图如图所示；
；
（2）由图乙可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，示数为2.5V，由图丙可知，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，示数为0.36A，则小灯泡的额定电功率P=UI=2.5V×0.36A=0.9W；（3）由于灯丝的电阻随温度的升高而增大，所以通过灯泡的电流与电压不成正比。
故答案为：（1）如上图；（2）小灯泡此时的电功率是0.9W；（3）灯丝的电阻随温度的升高而增大。【点评】本题是测定小灯泡电功率实验，考查了电表的读数、电功率的计算、电路故障的分析、灯丝电阻与温度的关系，考查全面。
五、计算题
26．（2018•烟台）在某次综合实践活动中，小明利用蓄电池（电压为24V）、电压表（量程为0～15V）校准电阻R0，滑动变阻器R（最大阻值为100Ω）等器材，设计了一种测定油箱内油量的方案（图甲），选配合适的校准电阻值，能够使油箱装满汽油，滑动变阻器的触片在某一端时，油量表示数为最大值（即电压表示数达到最大值）油箱中的汽油用完，滑动变阻器的触片在另一端时，油量表示数为零（即电压表示数为零）
（1）校准电阻除了可以校准表盘，还有什么作用？校准电阻的阻值为多少？（2）整个电路消耗的电功率的变化范围是多少？
（3）另一个小组的小红同学设计了如图乙所示的电路，请你从能耗的角度分析这种方案的优点。
【分析】（1）由图分析若没有R0电压表的示数情况，从而可知R0的作用；
油箱装满汽油时，油量表（电压表）示数为最大值15V，此时滑动变阻器的触头在电阻最大值一端，由串联电路特点和I=计算R0的阻值；
（2）变阻器连入阻值最大时，电路中电阻最大，由P=
知整个电路功率最小，并计算；
电路消耗当汽油用完时，滑片在另一端，即在上端，此时电路为R0的简单电路，电路功率最大，由P=功率的最大值，从而可得电路消耗功率的变化范围；（3）由图乙知，滑动变阻器始终以最大值串联入电路中，由P=能的消耗情况。【解答】解：
分析电路中功率大小，从而判断电路电（1）由题知，电源电压U=24V，电路中若没有变阻器R，则R两端电压等于电源电压24V，超过了电压表 量程0﹣15V，会被烧坏，所以校准电阻R0串联在电路中，除了可以校准表盘，还起到分压的作用，能避免电压超过电压表量程而损坏；
当油箱装满汽油，由图甲知，滑片在下端，此时变阻器连入阻值最大，电压表示数达到最大值15V，所以电路中电流：I=I0=IR==
=0.15A，所以R0的阻值：R0====60Ω；
（2）当油箱装满汽油，变阻器连入阻值最大时，电路中电阻最大，电源电压一定，由P=率最小，电路最小功率：P最小==
=3.6W；
知整个电路功当汽油用完时，滑片在另一端，即在上端，此时只有R0接入电路中，电路功率最大，P最大===9.6W，所以整个电路消耗的电功率的变化范围是3.6W～9.6W；
（3）由图乙知，滑动变阻器始终以最大值串联入电路中，电压表示数UV=IR滑，能反应测量的变化情况，且电路中电阻始终处于最大值，由P=最少，所以乙图的电路设计可以节能。
故答案为：（1）校准电阻除了可以校准表盘，还有能起保护电路的作用，校准电阻的阻值为60Ω；（2）整个电路消耗的电功率的变化范围是3.6W～9.6W；（3）图乙的设计从能耗的角度看优点是节约电能。
【点评】本题以测量表为情景考查了电路设计、串联电路特点和欧姆定律定律以及电功率公式的应用，从能耗上分析电路设计优点起到培养学生节能的意识，有意义。
27．（2018•烟台）如图是某汽车起重机静止在水平地面上起吊重物的示意图，重物的升降使用的是滑轮组，滑轮组上钢丝绳的收放是由卷扬机来完成的。提升重物前，起重机对地面的压强为2×10Pa，某次作业中，将重物甲以0.25m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.3×10Pa；若以相同的功率将重物乙以0.2m/s的速度匀速提升时，起重机对地面的压强为2.4×10Pa（不计钢丝绳重和摩擦）（1）起重机两次提升的重物质量之比。
（2）起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。（3）提升重物乙时，滑轮组的机械效率是多少？
可知电路中功率最小，由W=Pt可知，同样时间内电路消耗的电能
【分析】（1）知道提升物体前、匀速提升重物甲时、匀速提升重物乙时对地面的压强，而底面积相同，根据压强公式求出对地面的压力（由起重机和提升物体产生），求出两物体重的表达式，再求被提升两物体的质量之比；（2）根据P===Fv，由已知条件求出两次拉力的大小之比，根据η=
=
=，求出起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。（3）不计钢丝绳重和摩擦，根据F甲=，F乙=
得出G动与G乙的关系；
因不计钢丝绳重和摩擦，根据η==求解滑轮组的机械效率。
【解答】解：（1）设起重机重为G，被提升重物甲重力为G甲，被提升重物乙重力为G乙； 提升物体前，起重机对地面的压力：G=p1S，匀速提升重物甲时，起重机对地面的压力：G+G甲=p2S，匀速提升重物乙时，起重机对地面的压力：G+G乙=p3S，故G甲=（p2﹣p1）S，G乙=（p3﹣p1）S，=G=mg，故==﹣﹣﹣﹣﹣② ==
=﹣﹣﹣﹣①；
（2）根据P===Fv，因以相同的功率将重物提升，故拉力与提升的速度成反比，===，﹣﹣﹣﹣﹣﹣③
因η===﹣﹣﹣﹣﹣④
由③④得：
起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比。=×=×=
（3）不计钢丝绳重和摩擦，F甲=F乙=﹣﹣﹣﹣﹣⑥，﹣﹣﹣﹣﹣⑤
由⑤⑥代入③得：由①⑥得： G动=﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑦ =﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑥
因不计钢丝绳重和摩擦，提升重物乙时，滑轮组的机械效率是： 由⑦，η===
=
=80%。
答：（1）起重机两次提升的重物质量之比为3：4；
（2）起重机两次提升重物时，滑轮组的机械效率之比为15：16。（3）提升重物乙时，滑轮组的机械效率是80%。
【点评】本题为力学综合题，考查了学生对压强公式、机械效率公式、功率公式的掌握和运用，本题关键：一是利用好功率推导公式P=Fv，二是利用好不计摩擦和绳重F=（G物+G动）。
第五篇：新疆乌鲁木齐市2017年中考物理真题试题(含解析1)
新疆乌鲁木齐市2017年中考物理真题试题
一.选择题
1．下列家用电器中，工作电流最小的是（）A．空调器 B．洗衣机 C．微波炉 D．电子钟 【答案】D 【解析】
试题分析：空调的功率在1000W以上，洗衣机的功率在400W左右，微波炉的功率在1000W左右，这些电器的工作电压为220V，由P=UI可知洗衣机的工作电流I==
≈1.8A，则空调、洗衣机、微波炉的工作电流都在1.8A以上；而通过电子钟的电流比通过实验用小灯泡的电流还要小，小于0.3A；由此可知，电子钟的工作电流最小，故应选D。【考点定位】电流的大小
2．人类在电磁领域的重大发现中，下列哪一项是法拉第首先发现的（）A．电磁波 B．磁生电 C．电生磁 D．超导体 【答案】B 【考点定位】物理常识
3．家用放大镜（凸透镜）成放大的像时（）A．一定是实像 B．一定是虚像 C．像距一定大于物距 D．像距一定小于焦距 【答案】C 【解析】
试题分析：由凸透镜成像规律可知，u＜f，成正立、放大的虚像，故A错误；当u＞2f时，成倒立、缩小的实像，u=2f，成倒立、等大的实像，2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，故B错误；当2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．u＜f，成正立、放大的虚像；v＞u，由此可得凸透镜成放大的像时，像距一定大于物 1 距，故C正确、D错误；故应选C。【考点定位】凸透镜成像的应用
4．海豚能够发出超声波，老虎能够发出次声波．下列关于超声波和次声波的说法中正确的是（）A．超声波听起来比较高亢 B．次声波听起来比较低沉
C．次声波可以传递信息也可以传递能量 D．超声波可以传递信息但不能传递能量 【答案】C 【考点定位】超声波与次声波
5．目前我国已将发动机研发列为国家重大科技专项．下列我国“陆、海、空、天”装备中动力机械不属于热机（利用内能做功的机械）的是（）A．中国高铁交流异步牵引电动机 B．052D型导弹驱逐舰燃气轮机 C．歼20战机涡扇15煤油发动机 D．长征五号火箭液氢液氧发动机 【答案】A 【解析】
试题分析：燃气轮机、煤油发动机和火箭都是热机，工作时把内能转化成机械能，而电动机是把电能转化成机械能，不符合热机的特点，故A正确，故应选A。【考点定位】热机
6．2017年4月，我国天舟一号货运飞船从文吕发射场升空，飞行过程中与太空中的天宫二号实现交会对接（成为一体）并完成补给任务．则从发射到完成补给的过程中，天舟一号（）A．始终具有质量和惯性 B．与天宫二号间无万有引力 C．相对天宫二号始终是静止的 D．相对天宫二号始终是运动的 【答案】A 2 【考点定位】惯性；质量及其特性；参照物及其选择；分子间的作用力
7．我国自主建造的世界上压力最大的8万吨多向模锻压机锻造大型工件时，对工件的压力为8×108N，与工件的接触面积为4m，则工件承受的压强相当于（）
A．2km高水柱产生的压强 B．4km高水柱产生的压强 C．8km高水柱产生的压强 D．20km高水柱产生的压强 【答案】D 【解析】
试题分析：对工件的压力为8×10N，与工件的接触面积为4m，则工件承受的压强
822p1===2×108Pa；若水产生的压强p2=p1=2×108Pa，由p=ρgh得：
h===2×10m=20km；故ABC错误；故应选D。
4【考点定位】液体压强计算公式的应用；压强的大小及其计算
8．如图所示，水平面上分界线MN左侧区域光滑，不计摩擦，右侧区域粗糙，其粗糙程度相同．一小球先从A点以3m/s的初速度运动到B点时的速度为2m/s，然后再使小球从B点以3m/s的初速度运动到A点．若小球从A点运动到B点所用的时间比从B点运动到A点少0.8s，则A点到分界线MN的距离为（）
A．3.0m B．3.6m C．4.2m D．4.8m 【答案】D 【解析】
【考点定位】力与运动的关系
9．如图所示电路，电源电压不变，AB为铅笔芯，开关闭合后，当滑片M在某一位置时，电路的总功率为P，电流表A1，A2的示数分别为I1、I2；当滑片M滑到另一位置时，电路的总功率仍为P，电流表A1的示数变为I1′，且I1′=I1，此时电流表A2的示数变为I2′，则（）
A．I2′≥2I2 B．I2′≤2I2 C．I2′＞2I2 D．I2′=2I2 【答案】D 【解析】
试题分析：由电路图可知，铅笔芯电阻AM部分和BM部分并联，电流表A1测通过AM部分电阻的电流，电流表A2测通过BM部分电阻的电流，因滑片M在某一位置和另一位置时，电路的总功率相等，所以，由P=UI=可知，两种情况下电路的总电阻相等，因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻之和，所以，当滑片位于M点时，电路的总电阻：R=，同理可得，滑片M滑到另一位置时，电路中的总电阻：R=，则=，即RAMRBM=RAM′RBM′，因并联电路中各支路两端的电压相等，其电源的电压不变，所以，由I=可得，===，即RAM′=2RAM，代入RAMRBM=RAM′RBM′可得，RBM′=RBM，4 电流表A2前后的示数之比：===，即I2′=2I2； 故应选D。
【考点定位】欧姆定律的应用；电功率与电压、电流的关系
10．一盛有水的长方体容器置于水平桌面上，现将内部含有一合金球的冰球投入容器中，冰球漂浮在水面上，刚投入时，冰球的体积（含合金球）为1200cm3，冰球露出水面的体积为79cm3，当冰全部熔化后，合金球对容器底部的压力为0.4N，已知冰的密度为0.9×103kg/m3，则合金球的密度为（）A．9×10kg/m B．8×10kg/m C．6×10kg/m D．5×10kg/m 【答案】D 33
333
3【考点定位】物体的浮沉条件及其应用；密度的计算；阿基米德原理
二、填空题
11．特高压输电是构建能源互联网的关键．正在建设中的新疆准东﹣﹣皖南特高压输电工程是目前世界上电压等级最高、输送容量最大、输送距离最远、技术水平最先进的输电工程．
（1）准东﹣﹣皖南特高压输电输送的电能是由准东火电厂通过煤的燃烧获得的．煤属于（填“化石”或“非化石”）能源，由于煤的燃烧会产生大量二氧化碳．加剧地球的 效应，故准东火电厂采用了先进技术以达到低排放环保要求．新疆的清洁能源风能和太阳能也十分丰富，风能属于（填“可再生”或“不可再生”）能源；太阳能路灯的能量转化方式属于（填“光热”、“光电”或“光化”）转换．
5（2）准东﹣﹣皖南特高压输电线路上，一座座铁塔矗立在沿线的大地上，在阳光的照射下，铁塔在地面上的影子清晰可见．影子是由于光的 形成的，从日出到日落，铁塔在地面上的影子在缓慢的（填“顺”或“逆”）时针转动．输电线路跨越河流时，从平静的水面上看到的“铁塔”是由于光的（填“反射”或“折射”）形成的，河水中的鱼看到的“铁塔”高度比铁塔的实际高度（填“高”或“低”）．
（3）准东﹣﹣皖南特高压输电为直流输电．输电电流稳定时，在输电导线周围会产生 场，（填“会”或“不会”）形成电磁波．安全用电常识告诉我们不能靠近特高压输电设备，否则容易发生（填“电弧”或“跨步电压”）触点．为了防雷，特高压输电线路安装了用（填“导体”或“绝缘体”）材料做成的避雷线．
（4）准东﹣﹣皖南特高压输电电压为1.1×106V．当输送的电功率为1.1×1010W时，输电电流为 A．1h输送的电能为 度，若此时输电导线上消耗的电功率为5.5×108W，则输电导线的总电阻为 Ω，当输送的电功率不同时，若输送的电功率用P输表示，输电导线上消耗的电功率用P耗表示，则P耗与P输的 二（填“一”或“二”）次方成正比．
【答案】（1）化石；温室；可再生；光电；（2）直线传播；顺；反射；高；（3）磁；不会；电弧；导体；（4）1×104；1.1×107；5.5；二
所以电流稳定时不会形成电磁波；高压线和高压带电设备在正常运行时，所带电压常常是几千伏，几万伏甚至是几十万伏，在人体离它们较近时，高压线或高压设备所带的高电压，有可能击穿它们与人体之间的空气，发生放电现象，在电流通过人体时，造成电烧伤，甚至死亡，这就是所谓的高压电弧触电；高压输电铁塔最上面的两条导线是用导体材料做成的避雷线，防止雷直接击到输电线上，这两条线一般与铁塔相 6 连，将电流引入大地；（4）由P=UI可得，输电电流I===1×10A，由P=可得，1h输送的4电能：W=Pt=1.1×107kW×1h=1.1×107kW•h，若此时输电导线上消耗的电功率P′=5.5×108W时，由P=I2R可得输电导线的总电阻：R=
=
=5.5Ω；当输送的电功率不同时，输电线上的电流I=，输电线上消耗的功率：P耗=I2R=次方成反比。
R=R，由此可知，P耗与P输的 二次方成正比，与输送电压的二【考点定位】电功率的计算；光直线传播的应用；光的反射；光的折射现象及其应用；通电直导线周围的磁场；电磁波的产生；能量的转化和转移；触电危害及常见的触电类型与预防；电功的计算；电功率与电压、电流的关系；能源的分类
12．2017年5月5日，凝聚着国人梦想的国产大飞机C919首飞成功．
（1）C919首飞时，由于发动机的 而产生的轰鸣声是通过（填具体介质）传入人耳．C919返回首飞现场时，现场见证者心情越发激动，随着声音的（填“响度”或“频率”）越来越大，飞机开始着陆，最终首飞取得圆满成功．十年心血，终于破茧成蝶，现场C919研发专家们流下了激动和幸福的泪水，对于他们来说，C919发动机的轰鸣声属于（填“乐音”或“噪音”）．
（2）若不计飞机质量的变化，当C919在水平跑道上加速滑行时，其机械能的增加量（填“大于”、“小于”或“等于”）动能的增加量，跑道对飞机的支持力（填“大于”、“小于”或“等于”）飞机的重力；当C919腾空加速上升时，其机械能的增加量（填“大于”、“小于”或“等于”）动能的增加量，此时飞机受力（填“平衡”或“不平衡”）．
（3）C919首飞成功后，将进入适航认证阶段，其中非常重要的一项就是结冰试验．飞机表面结冰是由于飞机飞行过程中过冷水滴或降雨碰到机体后（填物态变化过程）而形成的，也可由水蒸气在机体表面（填物态变化过程）而成，上述两个过程都是 热过程．飞机表面结冰后，会破坏其空气动力学外形，使飞机升力减小，阻力，影响飞机的稳定性和操控性．
（4）C919为了减重，使用了大量新型合金材料．飞机某合金部件由甲、乙两种金属构成，已知甲、乙按质 7 量比2：1混合后的密度与甲、乙按体积比3：4混合后的密度相等，则甲、乙的密度之比为 ．若该合金部件传统上全部使用金属甲时重量减少了50%，则该合金部件中甲、乙的质量之比为 ． 【答案】（1）振动；空气；响度；乐音；（2）等于；小于；大于；不平衡；（3）凝固；凝华；放；变大；（4）8：3；2：3 影响飞机飞行的稳定性和飞行员操作困难；（4）①由题知，甲、乙按质量比2：1混合时，m甲=2m乙，由密度公式可得混合后密度：ρ===，甲、乙按体积比3：4混合时，V
甲=V乙，由密度公式可得混合后密度：ρ′===ρ
甲
+ρ
乙，混合后的密度相等，所以： =ρ
甲
+ρ
乙，解得： =或=（不合题意舍去）；②合金部件比传统上全部使用金属甲时重量减少了50%，即m合=M甲，使用合金和传统上使用甲制作该部件的体积应相等，所以ρ合=ρ甲，由密度公式有： =ρ
甲，解得： =。
【考点定位】空心、混合物质的密度计算；凝固与凝固放热特点；生活中的凝华现象；平衡状态的判断； 8 流体压强与流速的关系；声音的产生；声音的传播条件；响度与振幅的关系；噪声及来源；动能和势能的大小变化
三、作图题
13．一束光从空气射入玻璃时的反射光线如图所示，请画出入射光线和大致的折射光线．
【答案】如下图所示
【考点定位】作光的反射光路图；作光的折射光路图
14．请在图中画出均匀木棒OA的重力示意图以及力F的力臂．
【答案】如下图所示
【解析】
试题分析：重力方向竖直向下，过均匀木棒的中心，即木棒的重心，沿竖直向下的方向画一条有向线段，用G表示，即为重力的示意图；沿力F的方向画出作用线，从O点向力F的作用线作垂线段L就是力F的力臂，如上图所示。【考点定位】力臂的画法
15．请在图中标出通电螺线管的N极以及静止在P点的小磁针N极的指向（用“→”表示）．
【答案】如下图所示
【考点定位】安培定则 四.实验题
16．在“探究水沸腾时温度变化的特点”实验中，将热水导入烧杯中后，在水银温度计示数上升过程中，温度计示数显示的是（填“水银”或“水”）的温度．水加热至沸腾后温度计的示数一直为98℃，则该地区的大气压（填“大于”或“小于”）一个标准大气压．水汽化过程中水分子间的距离
（填“增大”或“减小”）．若水银温度计内水银的质量为1g，则水银温度计每升高1℃，水银吸收的热量为 J（水银的比热容c=0.14×103J/（kg•℃））【答案】水银；小于；增大；0.14 【解析】
试题分析：（1）将热水导入烧杯中后，在水银温度计示数上升过程中，由于水银受热膨胀，根据液体温度计的工作原理，此时温度计示数显示的是水银的温度；（2）一个标准大气压下，水的沸点为100摄氏度，10 当观察到温度计的示数为98℃时就一直保持不变，这说明当地的大气压小于标准大气压；（3）一定质量的水汽化后，由液态变成气态，分子间距离增大，分子间作用力变小，分子排列也不紧密，极度散乱，但是分子大小没有变化；（4）水银吸收的热量：Q吸=cm△t=0.14×103J/（kg•℃）×1×10﹣3kg×1℃=0.14J。【考点定位】探究水的沸腾实验
17．小明在实验室里测量一金属圆柱体的密度．
（1）在调节托盘天平横梁平衡时，小明发现指针在分度盘中央刻线右侧摆动，他应向 端调节平衡螺母，依据的原理是（填“杠杆”或“二力”）平衡．
（2）天平平衡时，右盘中砝码和游码的位置如图甲所示，则圆柱体的质量是 g，将圆柱体放入盛有70cm3水的量筒中，量筒中的水面如图乙所示，则圆柱体的密度是 kg/m3，若圆柱体与量筒底部接触紧密，圆柱体放入量筒后水对量筒底部的压力（填“大于”、“小于”或“等于”）圆柱体放入量筒前水对量筒底部的压力．
【答案】（1）左；杠杆；（2）27；2.7×103；小于
【考点定位】固体密度的测量
18．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，小灯泡的额定电压为2.5V．
（1）正确连接电路后，闭合开关前应将滑动变阻器的阻值调到最 ；闭合开关后，发现电压表和电流表中只有一只电表有示数，小灯泡亮度一般，说明 表发生了断路．
（2）排除故障后，根据测得的实验数据做出小灯泡电压在1.5V﹣2.5V之间的I﹣U图象如图所示，则小灯泡的额定功率是 W．小灯泡电压为1.5V时的电阻（填“大于”、“小于”或“等于”）小灯泡电压为2.5V时的电阻．若小灯泡电压为1.5V、2.0V、2.5V时小灯泡的功率分别为P1、P2、P3，则P2（P1+P3）（填“＞”、“＜”或“=”）．
【答案】（1）大；电压；（2）0.625；小于；＜．
【考点定位】电功率的测量 五.计算题
19．如图所示电路，电源电压U=6V，R1=2Ω，闭合开关后，电流表度数为1.0A．求
（1）R1两端的电压；
（2）R2在1min内消耗的电能． 【答案】（1）2V；（2）240J 【考点定位】欧姆定律的应用；电功的计算
20．如图所示装置是实验室在用轻绳绕成的滑轮组．悬挂的重物G=4.8N，当重物静止于任意位置时，手对轻绳的拉力均为F1=1.8N；当重物匀速上升时，手对轻绳的拉力为F2=2.0N，且物重上升过程中动滑轮恰好转过1圈．已知动滑轮周边凹槽的周长C=0.3m，求
（1）动滑轮的重力；
（2）重物上升过程中的有用功、总功以及滑轮组的机械效率． 【答案】（1）0.6N；（2）0.48J； 0.6J； 80% 【解析】
试题分析：（1）由图可知，n=3；当重物静止于任意位置时，手对轻绳的拉力均为F1=1.8N；则有：F1=（G+G动），故G动=3F1﹣G=3×1.8N﹣4.8N=0.6N；（2）动滑轮恰好转过1圈，则绳子自由端通过的距离为：s=C=0.3m；
则物体上升的高度为：h=s=×0.3m=0.1m；重物上升过程中的有用功：W有=Gh=4.8N×0.1m=0.48J；所做 13 的总功为：W总=F2s=2N×0.3m=0.6J；机械效率为：η==×100%=80%。
【考点定位】滑轮（组）的机械效率；滑轮组绳子拉力的计算；有用功和额外功
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