许昌平顶山新乡三市2014届高三第三次调研考试文科数学答案

第一篇：许昌平顶山新乡三市2014届高三第三次调研考试文科数学答案

许昌平顶山新乡三市2014届高三第三次调研考试文科数学答案

一、选择题：DBDBABAABCAD

二、填空题：13.2;14.8;

15.;16.5,1

由已知ACCB，D为AB的中点，所以CDAB.又A1AIABA，于是CD平面AA1B1B.…………………9分由A1A＝AB＝BC＝CA＝

2，CD三．解答题: 17．解：（Ⅰ）因为f(x)4cosxsin(x



6)14cosx（31sinxcosx)1 2

2SABE11SBDE411SA1DES矩形AA1B1BSAAD

13.22

3sin2x2cos2x1sin2xcos2x2sin(2x



6)

所以f(x)的最小正周期为.………………………6分

（Ⅱ）因为fA2sin(2A)2，所以 sin(2A)1

6613

又因为0A,所以2x.于是，2A,即A.666626

由正弦定理

VA1CDEVCA1DE.……………………12分

20.解：(Ⅰ)点A1,3代入直线ykx1，3k1，k2.f/x3x2a，f/13a2，a1.点A1,3代入曲线fxx3xb，f1131b3，b3.f



a

2R，R1； 所以SABC．………12分 sinA

x

3xx3..…..6分

18．解：（Ⅰ）若采用分层抽样的方法从重量在[120,125)和[135,140]的苹果中共抽取6个,则重量在[120,125)的个数

52.…………5分 510

(Ⅱ)gxfxlnxt1xx3xlnxt1x3,g/x

t1 x0.…8分 x

当t10，即t1时，g/x0，gx在0,单调递增；当t10，即t1时，（Ⅱ）设在[120,125)中抽取的二个苹果为a1,a2,在 [135,140]中抽取的四个苹果分别为b1,b2,b3,b4,从抽出的6个苹果中,任取2个共有a1,a2，a1,b1，a1,b2，a1,b3，a1,b4，a2,b1，a2,b2，a2,b3，共15种情况，其中符合“重量在[120,125)a2,b4，b1,b2，b1,b3，b1,b4，b2,b3，b2,b4，b3,b4，和[135,140]中各有一个”的情况共有a1,b1，a1,b2，a1,b3，a1,b4，a2,b1，a2,b2，a2,b3，a2,b4种;设“抽出的4个苹果中,任取2个,求重量在[120,125)和 [135,140]中各有一个”为事件A,则事件A的概

8率P(A).……………12分

5g/x0，0x

11，g/x0，x.1t1t

11,单调递增；………11分gx在0,单调递增，

1t1t综上：当即t1时，gx在0,单调递增；

11,当t1时，gx在0,单调递增，单调递增.…12分

1t1t

19.(Ⅰ)证明：连接AC1，交AC1于点F，则F为AC1中点,又D是AB中点，连接DF，则BC1//DF.因为DF平面ACD，BC1平面AC1D，1所以BC1//平面ACD.……………6分 1(Ⅱ).侧棱A1A底面ABC，A1ACD.21.解：(Ⅰ)

a3,c

2x2y2

1.…………………5分 所以椭圆方程为

(Ⅱ)法㈠当直线AB的斜率不存在时，直线AB的方程为x2

x2y2

19

5x2



不合题意，舍去.两边平方：25t454t2630,25t221t

2t230, t

当直线AB的斜率存在时，设直线AB的方程为ykx2,弦AB………12分 22．（I）证明：连结OD，可得∠ODA=∠OAD=∠DAC.∴OD//AE.又AE⊥DE , ∴OE⊥OD，又OD为半径.∴DE是的⊙O切线.……………5分

（II）解：过D作DH⊥AB于H，则有∠DOH=∠CAB.AC2

cosDOHcosCAB.……………6分

AB5

OD=5，AB=10，OH=2，AH7.由△AED≌△AHD可得AE=AH=7,……………8分 又由△AEF∽△DOF可得AF:DFAE:OD

7:5, AF7.………………………10分 DF523、解：（I

x2y

215, 联立9k25y220ky25k20, 9

ykx2

设Ax1,y1，Bx2,y

2

…8分

2sin24cos,63k454k2250，曲线

C的直角坐标方程为y24x.…………………5分

（II）将直线l的参数方程代入y24x，得t2

160.设A、B两点对应的参数分别为t1,t2,则t

1t2t1

t216.…7分ABt1t2

弦AB

……………12分 x2y2

1

法㈡：设直线AB方程为xty2 tR，直线方程和椭圆方程联立9, 5

xty2

消去x，95t2y220ty250 设Ax1,y1，Bx2,y2,16.则AB的值为16.…………………10分

2x1,x1

24.解：（I）f(x)3,1x2，

2x1,x2

………7分

当x1,2x15,x2,x2.当1x2,35,x.当x2,2x15,x3,x3.综上所述 x|x2或x3.5分

（II）易得f(x)min3，若xR，使f(x)t22t有解，则

只需f(x)

min3t22t，解得t|t1或t3.…………………10分

第二篇：2012许昌平顶山新乡第三次调研地理

2012许昌平顶山新乡第三次调研地理参考答案

1．C2．A3．D4．D5．A6．B7．B8．C9．B10．A11．D

36．（26分）

（1）城镇大多沿河，沿海分布（2分）西北部较多，东南部较少（2分）

（2）①气温年较差较大（2分）原因：丙城纬度较高，昼长年变化较大（太阳辐射年变化大）（2分）②年降水量较丰富（且雨季较长）（2分）原因：丙城受盛行西风影响较强、时间较长（或者受副高和东北信风影响时间较短）（2分）

（3）有利条件：夏季光照、热量充足，有利于农作物与果树的生长；冬季温暖，有利于农作物、果树越冬；河流较多，水源较充足；沿海平原地形平坦；土壤肥沃，利于农耕；沿海地区，海运便利，有利于农产品的出口（10分，答出其中的5点即可）

不利条件：遇到干旱年份，容易引起旱灾，农业减产；夏季干旱少雨，需要灌溉；河流短小，储蓄水量少，水利工程设施落后，制约农业的发展（4分，答出2点即可）

37．（20分）

（1）19时25分（4分）

（2）石油资源丰富，可以发展石油开采和石油化工工业；（必答）铁、有色金属资源丰富，可以发展钢铁、有色冶金工业；钾盐丰富，可以发展化学工业；濒临地中海，可以发展海产品加工工业；海岸线漫长，可以发展临港工业；地下水资源丰富，可以发展优质饮用水工业（6分，除必答石油开采和石油化工工业外，再答出其它2点即可）

（3）特征：产业结构单一，以原油生产和出口为主；第一、三产业发展缓慢（4分）发展措施：改变单一依赖石油生产和出口，大力发展加工和制造工业；调整产业结构，大力发展旅游业等第三产业；延长产业链，提高产品附加值；恰当开发利用好水资源，加速现代农业发展（6分，答出3点即可）

请考生在42、43、44三道地理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。

42．（10分）旅游地理

独特的雪域高原自然风光；独特的宗教文化；独特的少数民族风俗；独特的历史文化（6分，答出其中3点即可）沿河谷分布，受地形限制，所以“限宽”；为保持城市特殊风貌，所以“限高”（4分）

43．（10分）自然灾害与防治

热带季风气候，夏季降水集中，强度大；北、东、南三面地势高，汇水速度快；地处湄南河河口三角洲（或冲积平原），地势低平，排水不畅；受泰国湾海水潮汐顶托影响较大；全球变暖，海平面上升；人口增长和城市化进程快，城市排水设施不够完善（任答5点即可）

44．（10分）环境保护

秋末至次年春初多，夏季少（2分）

原因：①夏季雨水多，对大气中的悬浮颗粒有冲刷作用；②夏季植物生长茂盛，吸烟滞尘作用强；③秋末至春初居民取暖燃煤增加大气中的悬浮颗粒；④冬春季节冬季风频频南下带来沙尘⑤冬季冷锋可能形成逆温，混浊物不易扩散（8分，答出4点即可）

第三篇：许昌新乡平顶山2014届高三第三次调研考试理科数学参考答案

许昌新乡平顶山2014届高三第三次调研考试理科数学参考答案

一、选择题：

1-5CDDBA6-10CBBBC11-12 AD

二、填空题：

13、2a;

14、160;15、;

16、12.三、解答题： 17.解：（Ⅰ）设{ad，则a1

2n}的公差为d)10，a2

12d(a1解得d2，或d4（舍去）.--------3分所以an2n.--------5分

（Ⅱ）因为f(x)2cos2x2，最小正周期T2

2

1，所以b11, 又f（1)3，故q3，bn11

3n3，anbn2n3n.-----------8分

故S12

11nn(2462n)(30313n)=nn22

3.------12分

18.解:（Ⅰ）设该同学在A处投中为事件A,在B处投中为事件B,则事件A,B相互独立,且P(A)=0.25,P(A)0.75, P(B)= q,P(B)1q.根据分布列知: =0时P(ABB)P(A)P(B)P(B)0.75(1q)2

=0.03,--------3分 所以1q0.2，q=0.8.--------6分

（Ⅱ）当=2时, P1=P(ABBABB)P(ABB)P(ABB)

P(A)P(B)P(B)P(A)P(B)P(B)=0.75 q(1q)×2=1.5 q(1q)=0.2

4当=3时, P2=P(ABB)P(A)P(B)P(B)0.25(1q)2

=0.01, 当=4时, P3=P(ABB)P(A)P(B)P(B)0.75q2

=0.48, 当=5时, P4=P(ABBAB)P(ABB)P(AB)

P(A)P(B)P(B)P(A)P(B)0.25q(1q)0.25q=0.24

所以随机变量的分布列为

----------------10分

随机变量的数学期望E00.0320.2430.014

0.4850.243.63--------12分

19（Ⅰ）证明：在四边形ABCD中，∵AB∥CD，AD=DC=CB=1，∠ABC=60°,∴

AB=2，∴AC2=AB2+BC2-2

AB·BC·cos60°=3,∴AB2=AC2+BC2,∴BC⊥AC.∵平面ACFE⊥平面ABCD，平面ACFE∩平面ABCD=AC，BC⊂平面ABCD，∴BC⊥平面

ACFE.又因为BC⊂平面FBC，所以平面ACFE⊥平面FBC.......6分

(Ⅱ)解：由（Ⅰ）可建立分别以直线CA，CB，CF为x轴，y轴，z轴的如图所示的空间直角坐标系，则

C(0，0，0)，A0，0)，B(0，1，0)，M（2，0，1)，∴AB→

=(1，0)，BM→

=（2，-1，1)，y0设nn→，1=(x,y,z)为平面MAB的一个法向量，由1·AB=0

n·BM=0,得2

xyz0, 1→

取x=1,则n12),∵n,∴cos=|n2=(1,0,0)是平面FCB的一个法向量·n||n1|·|n2| =19

.所以平面MAB与平面FCB所成锐二面角的余弦值

..............12分 20、解:（Ⅰ）当点A为椭圆短轴端点时AFF12的面试最大.此时

a2c，离心率e

12.-----5分（Ⅱb23222

2a24,可设b3t.a4t,∴椭圆的方程为3x4y12t0.由3x24y212t0得ykxm

(34k2)x28kmx4m2

12t0.1

∵动直线ykxm与椭圆有且只有一个公共点P,∴0,即64k2m24(34m2)(4m212t)0.整理得m23t4k2

t.---8分

设P(x1,y8km4km

1)则有x1

2(34k2)34k2,y1kx1

m3m34k2, ∴P(

4km34k2,3m

34k2).又M(1,0),Q(4,4km),若x轴上存在一定点M(1,0)，使得PMQM,∴(1

4km34k2,3m

34k2)(3,(4km))0恒成立.整理得34k2

m2, ∴34k2

3t4k2

t恒成立,故t1，所求椭圆方程为x2y2

4

31.---12分21、解：（Ⅰ）f'(x)xlnx1，所以fe3，即alne13．所以a1．……4分（Ⅱ）由（1）知，fxxxlnx，所以k

fxx

1对任意x1恒成立，即kxxlnx

x1对任意x1恒成立．

令gx

xxlnxx1，则gxxlnx

2，……………………………6分 x1

令hxxlnx2x1，则hx1

1xx1

x

0，所以函数hx在1,上单调递增．………………8分 因为h31ln30,h422ln20，所以方程hx0在1,上存在唯一实根x0，且满足x03,4．

当1xx0时，h(x)0，即g(x)0，当xx0时，h(x)0，即g(x)0.所以函数gxxxlnx

x1

在1,x0上单调递减，在x0,上单调递增．

所以gx

min

gx0

x01lnx0x1x01x02

x1

x03,4．

00所以kgxminx03,4．故整数k的最大值是3．…………12分

22．（Ⅰ）证明：连结OD，可得∠ODA=∠OAD=∠DAC ∴OD//AE ,又AE⊥DE,∴OE⊥OD，又OD为半径,∴DE是的⊙O切线.………………………5分（Ⅱ）解：过D作DH⊥AB于H，则∠DOH=∠CAB.cosDOHcosCAB

AC2

AB

5.OD=5，AB=10，OH=2，AH7.由△AED≌△AHD可得AE=AH=7.又由△AEF∽△DOF可得AF:DFAE:OD7:5.

AFDF7

.……10分 23、解：

2sin24cos

曲线C 的直角坐标方程为y24x.…………5分（Ⅱ）将直线l的参数方程代入y2

4x，得t2160

设A、B两点对应的参数分别为t

1,t2,则t1t2t1t216…7分

ABt1t2

16.则AB的值为16.…10分2x1,x124.解：（Ⅰ）f(x)

3,1x2，



2x1,x2当x1,2x15,x2,x2当1x2,35,x.当x2,2x15,x3,x3综上所述 x|x2或x3

.………5分

（Ⅱ）易得f(x)min3，若xR，使f(x)t22t有解，则只需f(x)2

min3t2t，解得t|t1或t

3

.……………………10分

第四篇：新乡许昌平顶山三市2013届高三第一次调研考试地理答案

新乡许昌平顶山三市2013届高三第一次调研考试

地理参考答案

1.D2.B3.C4.D5.C6.A7.C8.B9.C10.D11.A

36．（28分）

（1）特点：极端低温、持续大雪（2分）原因：①北半球大气环流异常，西伯利亚高压强盛，阻碍了暖空气西进，导致欧洲地区温度骤降；（3分）②北方的冷空气与来自地中海的暖湿气流在东南欧上空交汇形成大量降雪（3分）

（2）①沟通北海和黑海，贯穿欧洲大陆；（2分）②莱茵河流经区是欧洲的主要工业区，人口稠密，多瑙河干流流经多个国家，使得东欧和西欧国家联系更便捷；（2分）③节省运输费用和时间；（2分）④促进人流和物流，扩大了国际贸易，促进沿线地区的资源开发和经济发展。（2分）

（3）影响：①欧盟国家购买力下降，影响我国出口企业的出口量；（2分）②欧元下跌而人民币升值，增大出口成本，影响我国出口企业利润。（2分）

措施：①我国企业加快产业结构调整；（2分）②加大科技和研发的投入，实现产业升级，提升核心竞争力；（2分）③发展新的国际市场和国内市场；（2分）④降低生产成本。（2分）

37．（18分）（1）图9（2分）① 台湾岛海拔较高，沿海地势海拔在500米左右；（2分）②钓鱼岛和台湾岛都位于我国的大陆架上，两岛海域的水深在100～200米之间（2分）

（2）钓鱼岛地处广阔的大陆架，海水浅，光照和养分充足；（3分）钓鱼岛东部的台湾暖流受到海底大陆坡的阻挡抬升形成上升流，使海底的营养物质上泛。（3分）

（3）①钓鱼岛附近夏季常受菲律宾东部海域台风的影响；（3分）②钓鱼岛与东南部的南小岛能减缓台风风速。（3分）

42．（10分）【旅游地理】

（1）①自然原因是风化风蚀严重；（2分）②人为原因是游客的涌入，改变石窟小气候，导致石窟损坏极为严重。（2分）

（2）①靠近人们往来的主要通道，便于进入和观瞻（2分）；②位于峡谷，形成闹中取静的场所（2分）；③峡谷陡崖地形，有利于凿刻石窟。（2分）

43．（10分）【自然灾害与防治】

（1）相同点：都有地震（3分）不同点：东端有滑坡、泥石流；西端有飓风（3分）（2）主要影响：①地震、滑坡和泥石流对管道会造成严重破坏，影响管道的正常运行；（2分）②飓风会使油轮航行停靠受阻，对管道西端的油气补给造成严重影响。（2分）

44．（10分）【环境保护】

（1）①地处内陆地区，降水稀少；②靠近沙漠，沙源丰富；③风力较大；④植被覆盖率低。（每点2分，任答二点得4分）

（2）①调整农业结构，发展高效农业；②关闭高耗水工业部门；③退耕还林还草，植树种草；④兴修水利工程，保护水源地；⑤加强节水和环保宣传，加强相关法制建设。（答对一点得2分，任答三点得6分）



第五篇：许昌新乡平顶山2014届高三第三次调研考试政治参考答案

政治参考答案

12．D13.B14.A15.D16.A17.D18.C19.C20.C21.D22.B 23.D

38.（26分）

（1）（12分）

答案一：赞同（2分）。原因是：①真理是有条件的，真理是具体的。（2分）认识发展具有反复性、无限性、前进性和上升性。真理作为一种认识，也是不断发展的。（4分）②实践具有社会历史性，实践是认识的基础，实践是认识的来源和动力，真理会随着时代变迁、实践发展而发展。（4分）。

答案二：不赞同（2分）。原因是：①认识具有相对独立性。（2分）从根本上说，认识随着社会的变化发展而变化发展，但它有时会落后于社会，有时又会先于社会而变化发展。（4分）②真理，会随着时代的步伐而不断发展，但不一定会紧跟时代步伐。（4分）

本题按照2014年高考大纲说明要求分四个等次赋分,但仅做判断不得分。其它答案，若言之有理，可根据阐述情况酌情给分。

特别提示：主观题的评分标准，除了原有的按采分点给分外，可采用“观察性学习评价”标准予以评卷。“观察性学习评价”分4个档次，最低档（0-2分）是答题仅援引材料观点做论据，而不结合相关知识分析；第二档（3-5分）是能够简单运用相关知识阐述理由，但论证不准确、不完整；第三档（6-8分）是能够比较正确完整地运用知识阐述观点，表述逻辑性较强；第四档（9-10分）是能够准确完整地综合运用知识充分阐述理由，材料结合合理，语言表述逻辑性强。

(2)（14分）

①政府充分发挥市场在资源配置中的决定性作用。（3分）

②充分发挥竞争机制的作用。政府完善产权保护制度，各种所有制经济依法平等使用生产要素、公开公平公正参与市场竞。（3分）

③充分发挥价格机制的作用，优化资源配置。政府完善主要由市场决定价格的机制，凡是能由市场形成价格的都交给市场，政府不进行不当干预。（3分）

④加强国家宏观调控，通过政府改革和放权，要更好地发挥市场经济条件下政府的“一般作用”，克服市场机制缺陷与健全宏观调控体系，提供公共服务。（3分）

⑤在资源配置中，把政府和市场有机结合起来,“有形手”和“无形手”有机结合起来。（2分）

若学生从其它角度回答，只要言之有理，符合题述要求，均可酌情给分。

39.（26分）

（1）（4分）价值判断和价值选择应该自觉遵循社会发展的客观规律和站在最广大人民利益的立场上，撒拉族的语言文化是中华文化的组成部分，保护撒拉族的语言文化对保护人类文化多样性和中华传统文化具有重要意义。（4分）

（2）(12分)这个观点是片面的。(2分)

濒危民族语言文化的保护离不开政府。因为我国的政府是人民的政府，承担着组织社会主义经济建设、文化建设和提供社会公共服务的职能，政府工作的基本原则是对人民负责。在濒危民族语言文化的保护工作中，需要政府切实持续的专项投入，开展濒危语言数据的保存和抢救工作，要求政府切实履行职能、担负濒危民族语言文化的责任。(4分)一些地方政府在保护濒危民族语言文化的过程中，由于监管不严、决策失误，甚至滥用权力、违法行政，造成保护不力，政府负有不可推卸的责任。(3分)政府在保护濒危民族语言文化的过程中并不能包办一切，公民对濒危民族语言文化的保护意识和保护过程中的参与度、其它社会组织的社会责任感都会对濒危民族语言文化历史文化的保护产生影响。(3分)

(3)（10分）

①在一个民族的历史和现实中，民族文化起着维系社会生活、维持社会稳定的重要作用，是本民族生存和发展的精神根基。所以，要尊重文化的多样性。（3分）

②承认文化的多样性和尊重不同民族文化，必须遵循各民族文化一律平等的原则。（3分）③通过多种形式的商业贸易、教育等途径，扩大濒危民族语言文化的影响。（2分）

④充分利用大众传媒和先进的现代化手段在文化交流和传播中的独特作用.(2分)

若学生从其它角度回答，只要言之有理，符合题述要求，均可酌情给分。