第一篇:人教版高中数学教案:第2章:函数,教案,课时第 (23)
第二十四教时
教材: 对数函数的定义、图象、性质
目的:要求学生了解对数函数的定义、图象及其性质以及它与指数函数间的关
系,会求对数函数的定义域。过程:
一、复习: 指数函数的定义、图象、性质
二、从实例导入:回忆学习指数函数时用的实例。
细胞分裂问题:细胞的个数是分裂次数的指数函数y2x反之,细胞分裂的次数是细胞个数的函数
由对数定义:xlog2y即:次数y是个数x的函数 ylog2x
定义:函数 ylogax(a0且a1)叫做对数函数;它是指数函数yax
(a0且a1)的反函数。
对数函数ylogax(a0且a1)的定义域为(0,),值域为(,)。例
一、(P87例一)略
x
x21
例
二、求函数y1
5
2和函数y12
2(x0)的反函数。
x
解:11
y2∴f1(x)log1(5x2)(x2)
5x2
1
21
2
y2∴f1(x)2)(2x5
1(x)
2三、对数函数的图象
由于对数函数是指数函数的反函数,所以对数函数的图象只须由相应的指数函数图象作关于yx的对称图形,即可获得。同样:也分a1与0a1两种情况归纳
以ylog2x与ylog1x为例
y
y
y=x y=xy=log2xo
x
o
x
y=log1x2
例
三、作出下列对数函数的图象:
1.ylog2x2.ylog1(x2)
y y1
1 o
x
o
x
四、对数函数的性质
由对数函数的图象,观察得出对数函数的性质。见P87 表(从略)定义域:(0,)值域:R过点(1,0)即当x1时y0 当a1时 单调递增当0a1时单调递减
由图:a1时x(0,1)时 y0x(1,)时 y00a1时 x(0,1)时y0x(1,)时y0 例
四、例五(见P88例
二、例三)
五、小结:对数函数定义、图象、性质
六、作业: P89练习2、3习题2.81、2、3
第二篇:人教版高中数学教案:第2章:函数,教案,课时第 (27)
第二十八教时
教材: 函数的应用举例二
目的: 要求学生熟悉属于“增长率”、“利息”一类应用问题,并能掌握其解法。过程:
一、新授:
例
一、(《教学与测试》 P69 第34课)
某工厂今年1月、2月、3月生产某产品分别为1万件、1.2万件、1.3万件,为估计以后每月的产量,以这三个月的产量为依据,用一个函数模拟该产品的月产量y与月份x的关系,模拟函数可选用二次函数
或yabxc(a,b,c为常数),已知四月份该产品的产量为1.37万件,请问:用以上那个函数作模拟函数较好?说明理由。
解:设二次函数为: ypx2qxr
pqr1p0.05由已知得:4p2qr1.2
q0.35
9p3qr1.3
r0.7∴y0.05x20.35x0.7
当 x = 4时,y10.05420.3540.71.3又对于函数yabxc
abc1a0.8
由已知得:ab2c1.2
b0.5∴y0.8(1ab3c1.3c1.4
2)x1.4当 x = 4时,y1
20.8(2)41.41.35
由四月份的实际产量为1.37万件,|y21.37|0.020.07|y11.37|
∴选用函数y0.8(1)x1.4 作模拟函数较好。
例
二、(《教学与测试》 P69 第34课)
已知某商品的价格每上涨x%,销售的数量就减少mx%,其中m为
正常数。
1.当m
时,该商品的价格上涨多少,就能使销售的总金额最大?2.如果适当的涨价,能使销售总金额增加,求m的取值范围。
解:1.设商品现在定价a元,卖出的数量为b个。
由题设:当价格上涨x%时,销售总额为ya(1x%)b(1mx%)
即 y
ab
10000
[mx2100(1m)x10000]取m1ab
2得:y
20000
[(x50)222500]当 x = 50时,y9
max8
ab
即该商品的价格上涨50%时,销售总金额最大。
2.∵二次函数y
ab
[mx210000100(1m)x10000]在(x,50(1m)m]上递增,在[50(1m)
m,)上递减∴适当地涨价,即 x > 0 , 即
50(1m)
m
0就是 0 < m <1 ,能使销售总金额增加。例
三、(课本91 例二)
按复利计算利息的一种储蓄,本金为a元,每期利率为r,设本利和为y,存期为x,写出本利和y 随存期x 变化的函数关系式。如果存入本金1000元,每期利率为2.25%,试计算5期后本利和是多少?“复利”:即把前一期的利息和本金加在一起算作本金,再计算下一期利息。
分析:1期后 y1aara(1r)2期后 y2a(1r)2„„
∴ x 期后,本利和为:ya(1r)x
将 a = 1000元,r = 2.25%,x = 5 代入上式:y1000(12.25%)510001.02255
由计算器算得:y = 1117.68(元)
二、如有时间多余,则可处理《课课练》 P101“例题推荐”3
三、作业:《教学与测试》 P70 第7题
《课课练》 “例题推荐” P1001,2P1017,8
第三篇:人教版高中数学教案:第2章:函数,教案,课时第 (21)
第二十二教时
教材: 换底公式
目的:要求学生掌握对数的换底公式,并能解决有关的化简、求值、证明问题。过程:
一、复习:对数的运算法则
导入新课:对数的运算的前提条件是“同底”,如果底不同怎么办?
二、换底公式:loglogmN
aN
log(a > 0 ,a 1)ma
证:设 log a N = x ,则a x
= N
两边取以m为底的对数:logmaxlogmNxlogmalogmN从而得:x
logmNlog∴ loglogmN
aN malogma
两个较为常用的推论:
1 loglognn
abba12 logambm
logab(a, b > 0且均不为1)证:1 logablogba
lgblga
lgalgb
1 n
2 lognamb
lgbnlga
m
lgbmlgan
mlogab
三、例
一、计算:1 51log0.232 log43log1 2
解:1 原式 =
55log0.23
55
5log5
115 3
2 原式 = 112log5153
232log324log2244
2例
二、已知 log 18 9 = a ,18 b = 5 ,求log 3645(用 a, b 表示)
解:∵ log 18 9 = a∴log18
182
1log182a∴log182 = 1 a∵ 18 b= 5∴ log 18 5 = b∴log9log185ab
3645
log1845log18log361log
181822a
例
三、设3x4y6zt1求证:111
zx2y
证:∵3x4y6zt1∴ x
lgtlg3,ylgtlgt
lg4,z
lg6
∴ 1z1xlg6lg3lg2lg41
lgtlgtlgt2lgt
2y
例
四、若log8 3 = p ,log3 5 = q,求 lg 5
解:∵ log8 3 = p∴log233plg33plg23p(1lg5)又∵ loglg5
35
lg3
q∴ lg5qlg33pq(1lg5)∴(13pq)lg53pq∴ lg53pq
13pq
以下例题备用:
例
五、计算:(log43log83)(log32log92)log1
5解:原式(log223log233)(log32log322)log12
(1115
2log233log23)(log322log32)4
53556log32log55
232444
2例
六、若 log34log48log8mlog42求m解:由题意:
lg4lg81lg3lg4lgmlg81
∴lgm2lg3∴m
四、小结:换底公式及其推论
五、作业:
1.求下列各式的值:
1 log9
2 2533561
log651log871()4(10)
13(log25log40.2)(log52log250.5)()4
254 log932(log23log49log827log1681log32243)()12
72.已知 2lg(3x2)lgxlg(3x2)求log222 的值。()4
3(1m))3.已知lg 5 = m ,lg 3 = n用 m , n表示log 30 8(1m
1a4.已知log2求log 12 3(a)a
5.设a , b , c 为不等于 1 的正数,若axbycz 且
求证:abc = 1
6.求值:lg5log
7.求值:2log491110xyz20(lg2)23log321
3)3log(2(743)102lg2(189)
第四篇:人教版高中数学教案:第2章:函数,教案,课时第 (30)
第三十一教时
教材:单元复习之二——续单元复习之一
目的:通处理一些未了的例题(《教学与测试》备用题),加深学生对概念的理解 过程:
1.某产品的总成本 y万元与产量 x台之间的函数关系式是 y300020x0.1x2 x(0,240),若每台产品的售价为25万元,则生产者不亏本的最低产量为多少?
解:25x300020x0.1x2即:x250x300
00∴x≥150(x≤120舍去)即:最低产量为150台2.已知函数 f(x)ax2
a2
x2ba
31 当x(2,6)时,其值为正;x(,2)(6,)时,其值为负,求a, b的值及f(x)的表达式2 设F(x)k
f(x)4(k1)x2(6k1),k为何值时,函数F(x)的值恒为负值
解:1 由已知 f(2)4a2a22ba300
解得:32a8a2
0(a < 0)f(6)36a6a22ba3
∴a = 4从而 b = 8∴f(x)4x216x48
2 F(x)k4
(4x216x48)4(k1)x2(6k1)kx24x2欲 F(x)0则
k0168k0得k < 2
3.已知 a > 0,且a
3x
a
3x
52,求 a x的值。
解:设taxax则a3xa3x(axax)(a2xaxaxa2x)t(t23)52∴t33t520(t4)(t24t13)0∵t24t13(t2)290∴t = 4即 ax
a
x
4∴(ax)2
4ax
10∴ax
22
4.已知 a > 0,a 1,x12
(an
an)2 , 求(xx21)n的值。
112211
解:x2
11(anan)211(anan
2)11(anan)244
4111(a1)(xx2
1)n
[1n11n
a2(aan)2(anan)]1
a
(0a1)
5.已知nN*,f(n)n0.9n 比较 f(n)与 f(n+1)大小,并求 f(n)的最大值。解:f(n1)f(n)(n1)0.9n1n0.9n0.9n(0.9n0.9n)
9n
0.9n10
当1n9时,f(n1)f(n)
∵0.9n0∴当n9时,f(n1)f(n)即f(10)f(9)
当n9时,f(n1)f(n)综上:f(0)< f(1)< „„< f(9)= f(10)> f(11)> f(12)>„„∴ 当 n = 9 或 n = 10时,f(n)最大,最大值为 f(9)= 9×0.9 9
6.已知 9x4y1,求 3x122y1的最大值。
解:∵
3x122y113x1(19x)1(3x1253223)9∴当3x1 即 x = 1时,3x122y153有最大值 9
7.画出函数 y|(12)|x|12|的图象,并利用图象回答:k为何值时,方程 |(1)|x|1
22|k无解?有一解?有两解? 解:当 k<0或k>1
时,无解。1
2当 k
时,方程有唯一解(x = 0)。当 k = 0时,方程有两解(x =±1)。
当 0k
时,方程有四个不同解。作业:《课课练》P76—77“例题推荐” 1、2练习:4、5、6、7、8
第五篇:人教版高中数学教案:第2章:函数,教案,课时第 (8)
第八教时
教材:函数的值域
目的:要求学生掌握利用二次函数、观察法、换元法、判别式法求函数的值域。过程:
一、复习函数的近代定义、定义域的概念及其求法。提出课题:函数的值域
二、新授:
1.直接法(观察法):
例
一、求下列函数的值域:1 yx
x1
2 f(x)5x
解:1 yxx1x11x1111
x1∵x1
0∴y1即函数yx
x1的值域是 { y| yR且y1}
(此法亦称部分分式法)
2 f(x)5x∵x[0,)∴f(x)[5,)即函数y =f(x)5x的值域是 { y| y≥5} 2.二次函数法:
例
二、1若x为实数,求 y=x2+2x+3的值域解:由题设 x≥0y=x2+2x+3=(x+1)2+2当 x=0 时 ymin=3函数无最大值
∴函数 y=x2+2x+3的值域是{ y| y≥3}2求函数 y24xx2的值域
解:由 4xx2≥0 得 0≤x≤4
在此区间内(4xx2)max=4(4xx2)min=0
∴函数y24xx2的值域是{ y| 0≤y≤2}
3.判别式法(△法)
例
三、求函数yx25x6
x2x6的值域
解一:去分母得(y1)x2+(y+5)x6y6=0(*)
当 y1时∵xR∴△=(y+5)2+4(y1)×6(y+1)≥0
由此得(5y+1)2≥0
15
检验 y1
时x2(代入(*)求根)2(6
5)
∵2定义域 { x| x2且 x3}∴y1
5再检验 y=1 代入(*)求得 x=2∴y1
综上所述,函数yx25x6
1x2x6的值域为 { y| y1且 y5}
解二:把已知函数化为函数y
(x2)(x3)(x2)(x3)x3x316
x3
(x2)
由此可得 y1
∵x=2时y15即 y1
5∴函数yx25x6
1x2x6的值域为 { y| y1且 y5}
4.换元法
例
四、求函数y2x4x的值域
解:设 tx则 t≥0x=1t2
代入得 y=f(t)=2×(1t2)+4t=2t2+4t+2=2(t1)2+4∵t≥0∴y≤4
三、小结:
1.直接法:应注意基本初等函数的值域 2.二次函数法:应特别当心“定义域” 3.△法:须检验
4.换元法:注意“新元”的取值范围
四、练习与作业:
《课课练》P51—54中有关值域部分《教学与测试》P41—42中有关值域部分