第一篇:人教版高中数学 教案+学案综合 第1章:排列组合和概率课时10
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二项式定理---2通项应用---求指定项
一、复习填空:
(a+b)n=(nN),这个公式表示的定理叫做二项式定理,公式右边的多项式叫做(a+b)n
r的,其中C(r=0,1,2,……,n)叫做,n
叫做二项展开式的通项,通项是指展开式的第项,展开式共有个项.二、应用举例:
1.(x
a2ax)6的展开式中,第五项是…………………………………………()
A.D.15 x15xB.6x23aC.20x
2.(a1
a)15的展开式中,不含a的项是第……………………………
()项
A.7B.8C.9
D.6
3.二项式(z-2)6的展开式中第5项是-480,求复数z.4.求二项式(
三、练习及课后检测
1.1(x)9的展开式中含x12)7的展开式中的有理项.x3的项是.2.二项式(()3ix)10的展开式中的第八项是………………………………
A.-135x3B.3645x2C.3ix3 ix7D.3.()24的展开式中的整数项是…………………………………()
A.第12项B.第13项C.第14项D.第15项
4.(3x2
2)n展开式中第9项是常数项,则n的值是…………………()
A.13B.12C.11D.10 5.(2di)9的展开式中的第7项是………………………………………
()
A.6.(2x3
7.(|x|
8.在(2d2B.-2d2C.-672d3iD.672d3i110)展开式的常数项是2x12)3 |x|展开式的常数项是 的展开式中,第是中间项,中间项xb3)18bx
是
9.已知(10+xlgx)5的展开式中第4项为106,求x的值.*10.若(1-2x)5展开式中的第2项小于第1项,且不小于第3项,求实数x的取值范围.D.2
4.求5555除以8所得的余数.5.用二项式定理证明6363+17能被16整除.6.求9192除以100的余数.7.今天是星期二,不算今天,251天后的第一天是星期几?
第二篇:人教版高中数学 教案+学案综合 第1章:排列组合和概率课时04
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排列
课题:排列的简单应用(2)
目的:使学生切实学会用排列数公式计算和解决简单的实际问题,进一步培养分析问题、解决问题的能力,同时让学生学会一题多解.
过程:
一、复习:
1.排列、排列数的定义,排列数的两个计算公式;
2.常见的排队的三种题型:
⑴某些元素不能在或必须排列在某一位置——优限法;
⑵某些元素要求连排(即必须相邻)——捆绑法;
⑶某些元素要求分离(即不能相邻)——插空法.
3.分类、分布思想的应用.
二、新授:
示例一: 从10个不同的文艺节目中选6个编成一个节目单,如果某女演
员的独唱节目一定不能排在第二个节目的位置上,则共有多少种不同的排法?
解法一:(从特殊位置考虑)A1
9A9136080
69解法二:(从特殊元素考虑)若选:5A若不选:A
则共有
解法三:(间接法)A6
105A955+A=136080 69A9136080
示例二:
⑴ 八个人排成前后两排,每排四人,其中甲、乙要排在前排,丙要排在后排,则共有多少种不同的排法?
略解:甲、乙排在前排A42;丙排在后排A41;其余进行全排列A.
所以一共有A42
A4A5
=5760种方法.
⑵ 不同的五种商品在货架上排成一排,其中a, b两种商品必须排在一起,而c, d两种商品不排在一起, 则不同的排法共有多少种?
略解:(“捆绑法”和“插空法”的综合应用)a, b捆在一起与e进行排列有A22;
此时留下三个空,将c, d两种商品排进去一共有A;最后将a, b“松
绑”有A22.所以一共有A22
☆⑶
A3A2
=24种方法.
6张同排连号的电影票,分给3名教师与3名学生,若要求师生相间
而坐,则不同的坐法有多少种? 略解:(分类)若第一个为老师则有A所以一共有2A示例三:
⑴ 由数字1,2,3,4,5可以组成多少个没有重复数字的正整数? 略解:A
A
3;若第一个为学生则有A
A3
A3
=72种方法.
A5A5A5A5325
234
5⑵ 由数字1,2,3,4,5可以组成多少个没有重复数字,并且比13 000大的正整数?
解法一:分成两类,一类是首位为1时,十位必须大于等于3有A方法;另一类是首位不为1,有A41A44种方法.所以一共有A
A3
种个
A3A4A4114
4数比13 000大.
解法二:(排除法)比13 000小的正整数有A个,所以比13 000大的正
整数有A
A3
=114个.
示例四: 用1,3,6,7,8,9组成无重复数字的四位数,由小到大排列. ⑴ 第114个数是多少?⑵ 3 796是第几个数? 解:⑴ 因为千位数是1的四位数一共有A
60
个,所以第114个数的千
12
位数应该是“3”,十位数字是“1”即“31”开头的四位数有A42
个;
同理,以“36”、“37”、“38”开头的数也分别有12个,所以第114个数的前两位数必然是“39”,而“3 968”排在第6个位置上,所以“3 968” 是第114个数.
⑵ 由上可知“37”开头的数的前面有60+12+12=84个,而3 796在“37”开头的四位数中排在第11个(倒数第二个),故3 796是第95个数.
示例五: 用0,1,2,3,4,5组成无重复数字的四位数,其中
⑴ 能被25整除的数有多少个?⑵ 十位数字比个位数字大的有多少个?
解: ⑴ 能被25整除的四位数的末两位只能为25,50两种,末尾为
50的四位数有A42个,末尾为25的有A=21个.
注: 能被25整除的四位数的末两位只能为25,50,75,00四种
情况.
⑵ 用0,1,2,3,4,5组成无重复数字的四位数,一共有A
A3个,所以一共有A
4+A
A
3A5300
个.因
为在这300个数中,十位数字与个位数字的大小关系是“等可能的”,所....
以十位数字比个位数字大的有
A5A5150
个.
三、小结:能够根据题意选择适当的排列方法,同时注意考虑问题的全面性,此外能够借助一题多解检验答案的正确性.
四、作业:“3+X”之 排列 练习
第三篇:人教版高中数学教案:第3章:数列,教案,课时第 (10)
第十教时
教材:等比数列的前n项和
目的:要求学生掌握求等比数列前n项的和的(公式),并了解推导公式所用的方法。过程:
一、复习等比数列的通项公式,有关性质,及等比中项等概念。
二、引进课题,采用印度国际象棋发明者的故事,即求s641248262263① 用错项相消法推导结果,两边同乘以公比:
2S6424816263264②
②-①:S6412642641这是一个庞大的数字>1.84×1019,以小麦千粒重为40g计算,则麦粒总质量达7000亿吨——国王是拿不出来的。
三、一般公式推导:设Sna1a2a3an1an①
乘以公比q,qSna2a3an1anqan②
an
①②:1qS1qana1aqna11q
na1qan,q1时:Sn1q1q
1q
q1时:Snna1
注意:(1)a1,q,n,Sn和a1,an,q,Sn各已知三个可求第四个,(2)注意求和公式中是qn,通项公式中是qn1不要混淆,(3)应用求和公式时q1,必要时应讨论q1的情况。
四、例
1、(P131,例一略)——直接应用公式。
例
2、(P131,例二略)——应用题,且是公式逆用(求n),要用对数算。例
3、(P131-132,例三略)——简单的“分项法”。例
4、设数列a3
n1
n为1,2x,3x2,4xnx
x0求此数列前n项的和。
解:(用错项相消法)Sn12x3x24x3nxn1①
xSnx2x23x3n1xn1nxn②①②1xSn1xx2xn1nxn,当x1时,1xn1xnnxnnxn111nxnnxn11xSn1xnxn
1x1x
1
S1nxnnxnn
11x
2当x1时,Sn1nn1234n
五、小结:(1)等比数列前n项和的公式,及其注意点,(2)错项相消法。再介绍两种推导等比数列求和公式的方法,(作机动)
法1:设Sna1a2a3an∵aa2n成GP,∴a3a4
anaaq 1a2a3n1
由等比定理:
a1a2a3anaaaq,即:Sna1
aq
12a3n
1Snn
当q1时,Sa1anqan
11qn1q
1q
当q1时,Snna1
法2:Sna1a1qa21qa11qna1qa2n21a1qa1qa1q
a1qSn1a1qSnan
从而:1qSna1anq当q1时Snq
n
a1a1q
(下略)当q1时Snna1
六、作业:P132-133练习①,②,③
习题3.5①,②,③,④,⑤
第四篇:人教版高中数学教案:第4章:三角函数,教案,课时第 (10)
第十教时
教材:同角三角函数的基本关系(3)——证明
《教学与测试》第50课 目的:运用同角三角函数的基本关系式进行三角函数恒等式的证明。过程:
一、复习同角的三角函数的基本关系:
例:(练习、《教学与测试》P25 例一)
已知sincos54,求sincos的值。
解:(sincos)22525916
即:12sincos16 sincos32
二、提出课题:利用同角的三角函数的基本关系证明三角恒等式(或化简)
例
一、(见P25 例四)化简:1sin2440
解:原式1sin2(36080)1sin280cos280cos80 例
二、已知是第三象限角,化简1sin1sin1sin1sin(《教学与测试》例二)解:原式(1sin)(1sin)(1sin)(1sin)(1sin)(1sin)(1sin)(1sin)
(1sin)21sin)2sin1sin1sin2(1sin21|cos||cos| 是第三象限角,cos0原式1sincos1sincos2tan(注意象限、符号)
例
三、求证:cos1sin1sincos
(课本P26
例5)证一:左边cos(1sin)cos(1sin)cos(1sin(1sin)(1sin)1sin2)cos2
1sincos右边
等式成立
(利用平方关系)证二:(1sin)(1sin)1sin2cos2且1sin0,cos0
cos1sin1sincos
(利用比例关系)证三:cos1sincos2(1sin)(1sin1sincos)(1sin)coscos2(1sin2)(1sin)cos
cos2cos2(1sin)cos0
cos1sin1sincos
(作差)例
三、已知方程2x2(31)xm0的两根分别是sin,cos,求
sincos1cot1tan的值。
(《教学与测试》 例三)
解:原式sin2cos2sin2cos2sincoscossinsincossincos 由韦达定理知:原式31(化弦法)例
四、已知asecctand,bsecdtanc,求证:a2b2c2d2
证:由题设:asecctand(1)bsecdtanc(2)
(1)2(2)2:(a2b2)se2c(c2d2)ta2nc2d2(a2b2)sec2(c2d2)sec2
a2b2c2d2
例
五、消去式子中的:xsincos(1)ytancot(2)
解:由(1):x212sincossincosx212(3)
由(2):ysincoscossin1sincossincos1y(4)
将(3)代入(4):y2x1(平方消去法)
例
六、(备用)已知sin2sin,tan3tan,求cos2 解:由题设:sin24sin2
①
tan29tan2
②
①/②:
9cos4cos
③
2①+③: sin29cos24
s9co2s
41co2
co2s3 8
三、小结:几种技巧
四、作业:课本P27
练习
5,6,P28
习题4.4
8,9
《教学与测试》P106
4,5,6,7,8,思考题
第五篇:2012高中数学教案 2.4 等比数列(第1课时)(人教A版必修5)
2.4等比数列教案
(一)授课类型:新授
教学目标
(一)知识与技能目标 1.等比数列的定义; 2.等比数列的通项公式.
(二)过程与能力目标 1.明确等比数列的定义;
2.掌握等比数列的通项公式,会解决知道an,a1,q,n中的三个,求另一个的问题.
教学重点
1.等比数列概念的理解与掌握;
2.等比数列的通项公式的推导及应用.
教学难点
等差数列"等比"的理解、把握和应用.
教学过程
一、情境导入:
下面我们来看这样几个数列,看其又有何共同特点?(教材上的P48面)
1,2,4,8,16,…,2;① 1,6
312,14,18,…; ②
1,20,202,203,…; ③ 1.0198,1.1098,1.1098......④
23对于数列①,an=2n1;
anan1 =2(n≥2).对于数列②,an=
12n1;
anan112(n≥2).
对于数列③,an=20n1;
anan1=20(n≥2).
共同特点:从第二项起,第一项与前一项的比都等于同一个常数.
二、检查预习
1.等比数列的定义.
2.等比数列的通项公式: ana1qn1(a1,q0),anamqnm(am,q0),anAB(A,B0)
n3.{an}成等比数列an1anq(nN,q0)
4.求下面等比数列的第4项与第5项:
(1)5,-15,45,……;(2)1.2,2.4,4.8,……;(3),.,;(4)2,1,32821322,…….三、合作探究
(1)等比数列中有为0的项吗?(2)公比为1的数列是什么数列?
(3)既是等差数列又是等比数列的数列存在吗?(4)常数列都是等比数列吗? 四交流展示
1. 等比数列的定义:一般地,若一个数列从第二项起,每一项与它的前一项的比等于同一个常数,这个数列就叫做等比数列.这个常数叫等比数列的公比,用字母q表示(q≠0),即:
anan1=q(q≠0)
注:(1)“从第二项起”与“前一项”之比为常数q; {an}成等比数列an1an=q(nN,q≠0.)
(2)隐含:任一项an0且q0
(3)q=1时,{an}为常数数列.
(4).既是等差又是等比数列的数列:非零常数列. 2.等比数列的通项公式1: ana1qn1(a1,q均不为0)
观察法:由等比数列的定义,有:a2a1q;
a3a2q(a1q)qa1q; a4a3q(a1q)qa1q;… … … … … … … anan1qa1qn1223(a1,q0).
迭乘法:由等比数列的定义,有:
a2a1q;
a3a2q;
a4a3q;…;
anan1q
所以a2a1a3a4an1n1,即ana1q(a1,q0)nqa2a3an1nm(am,q0)等比数列的通项公式2: anamq五精讲精练
例1.一个等比数列的第3项与第4项分别是12与18,求它的第1项与第2项.解:181232q32 a2a3q12238,a1a2q823163.点评:考察等比数列项和通项公式的理解 变式训练一:教材第52页第1 例2.求下列各等比数列的通项公式:
(1)a12,a38;(2)a15,且2an13an
2解:(1)a3a1qq4q2an(2)2n12或an(2)(2)nn1(2)
n
(2)qan1an32又:a15an5(32)n1
点评:求通项时,求首项和公比 变式训练二 :教材第52页第2 例3.教材P50面的例1。
012n15例4. 已知无穷数列105,105,105,10 求证:(1)这个数列成等比数列; ,,110(2)这个数列中的任一项是它后面第五项的;
(3)这个数列的任意两项的积仍在这个数列中.
n1证:(1)anan110105n251105(常数)∴该数列成等比数列.
n1(2)anan510105n45101110,即:an110an5.
p1q1pq2(3)apaq105105105,∵p,qN,∴pq2.
∴pq11且pq1N,pq2∴10510n15(第pq1项). , 变式训练三:教材第53页第3、4题.
六、课堂小结:
1.等比数列的定义;
2.等比数列的通项公式及变形式
七、板书设计
八、课后作业
阅读教材第48~50页;